Cho các số thực dương a,b. CM BĐT sau :
\(\dfrac{3a^2+2ab+3b^2}{a+b}\ge2\sqrt{2\left(a^2+b^2\right)}\)
Câu 1: cho các số dương a,b,c. CM BĐT: \(\sqrt{\frac{a}{b+c}}\)+\(\sqrt{\frac{b}{c+a}}\)+\(\sqrt{\frac{c}{a+b}}\)>2
Câu 2: CMR \(\frac{a+b}{\sqrt{a\left(3a+b\right)}+\sqrt{b\left(3b+a\right)}}\)\(\ge2\)với a,b dương
2. Bạn kiểm tra lại đề: VP = 1/2
Ta có:
\(\sqrt{a\left(3a+b\right)}=\frac{1}{4}.2.\sqrt{4a\left(3a+b\right)}\le\frac{1}{4}\left(4a+3a+b\right)=\frac{1}{4}\left(7a+b\right)\)
\(\sqrt{b\left(3b+a\right)}=\frac{1}{4}.2.\sqrt{4b\left(3b+a\right)}\le\frac{1}{4}\left(4b+3b+a\right)=\frac{1}{4}\left(7b+a\right)\)
=> \(\frac{a+b}{\sqrt{a\left(3a+b\right)}+\sqrt{b\left(3b+a\right)}}\ge\frac{a+b}{\frac{1}{4}\left(7a+b\right)+\frac{1}{4}\left(7b+a\right)}=\frac{a+b}{2\left(a+b\right)}=\frac{1}{2}\)
Vậy: \(\frac{a+b}{\sqrt{a\left(3a+b\right)}+\sqrt{b\left(3b+a\right)}}\ge\frac{1}{2}\) với a, b dương
Cho a, b>0. Chứng minh rằng:
a) \(\dfrac{3a^2+2ab+3b^2}{a+b}\ge2\sqrt{2\left(a^2+b^2\right)}\)
b) \(\dfrac{2ab}{a+b}+\sqrt{\dfrac{a^2+b^2}{2}}\ge\sqrt{ab}+\dfrac{a+b}{2}\)
c) \(\dfrac{1}{\left(1+a\right)^2}+\dfrac{1}{\left(1+b\right)^2}\ge\dfrac{1}{1+ab}\)
Cho các số thực dương a,b. CM BĐT :
\(\dfrac{2ab}{a+b}+\sqrt{\dfrac{a^2+b^2}{2}}\ge\sqrt{ab}+\dfrac{a+b}{2}\)
BĐT cần chứng minh tương đương :
\(\sqrt{\dfrac{a^2+b^2}{2}}-\sqrt{ab}\ge\dfrac{a+b}{2}-\dfrac{2ab}{a+b}\)
\(\Leftrightarrow\dfrac{\dfrac{a^2+b^2}{2}-ab}{\sqrt{\dfrac{a^2+b^2}{2}}+\sqrt{ab}}\ge\dfrac{\left(a+b\right)^2-4ab}{2\left(a+b\right)}\)
\(\Leftrightarrow\dfrac{\dfrac{\left(a-b\right)^2}{2}}{\sqrt{\dfrac{a^2+b^2}{2}}+\sqrt{ab}}\ge\dfrac{\left(a-b\right)^2}{2\left(a+b\right)}\)
\(\Leftrightarrow\dfrac{\dfrac{\left(a-b\right)^2}{2}}{\sqrt{\dfrac{a^2+b^2}{2}}+\sqrt{ab}}-\dfrac{\left(a-b\right)^2}{2\left(a+b\right)}\ge0\)
\(\Leftrightarrow\left(a-b\right)^2\left(\dfrac{\dfrac{1}{2}}{\sqrt{\dfrac{a^2+b^2}{2}}+\sqrt{ab}}-\dfrac{1}{2\left(a+b\right)}\right)\ge0\)
ta phải chứng minh;
\(\dfrac{\dfrac{1}{2}}{\sqrt{\dfrac{a^2+b^2}{2}}+\sqrt{ab}}-\dfrac{1}{2\left(a+b\right)}\ge0\)
\(\Leftrightarrow\)\(\dfrac{\dfrac{1}{2}}{\sqrt{\dfrac{a^2+b^2}{2}}+\sqrt{ab}}\ge\dfrac{1}{2\left(a+b\right)}\)
\(\Leftrightarrow a+b\ge\sqrt{\dfrac{a^2+b^2}{2}}+\sqrt{ab}\)\(\Leftrightarrow2a+2b-\sqrt{2\left(a^2+b^2\right)}-2\sqrt{ab}\ge0\)
\(\Leftrightarrow\left(a+b-\sqrt{2\left(a^2+b^2\right)}\right)+\left(a+b-2\sqrt{ab}\right)\ge0\)
\(\Leftrightarrow\dfrac{\left(a+b\right)^2-2\left(a^2+b^2\right)}{a+b+\sqrt{2\left(a^2+b^2\right)}}+\dfrac{\left(a+b\right)^2-4ab}{a+b+2\sqrt{ab}}\ge0\)
\(\Leftrightarrow\dfrac{-\left(a-b\right)^2}{a+b+\sqrt{2\left(a^2+b^2\right)}}+\dfrac{\left(a-b\right)^2}{a+b+2\sqrt{ab}}\ge0\)
\(\Leftrightarrow\left(a-b\right)^2\left(\dfrac{1}{a+b+2\sqrt{ab}}-\dfrac{1}{a+b+\sqrt{2\left(a^2+b^2\right)}}\right)\ge0\)
ta phải chứng minh
\(\Leftrightarrow\dfrac{1}{a+b+2\sqrt{ab}}-\dfrac{1}{a+b+\sqrt{2\left(a^2+b^2\right)}}\ge0\)
\(\Leftrightarrow\dfrac{1}{a+b+2\sqrt{ab}}\ge\dfrac{1}{a+b+\sqrt{2\left(a^2+b^2\right)}}\)
\(\Leftrightarrow a+b+2\sqrt{ab}\le a+b+\sqrt{2\left(a^2+b^2\right)}\)
\(\Leftrightarrow2\sqrt{ab}\le\sqrt{2\left(a^2+b^2\right)}\Leftrightarrow\left(a-b\right)^2\ge0\)
cho a > 0, b > 0. C/m :
\(\frac{3a^2+2ab+3b^2}{a+b}\ge2\sqrt{2\left(a^2+b^2\right)}\)
Chứng minh rằng : \(\dfrac{a+b}{\sqrt{a\left(3a+b\right)}+\sqrt{b\left(3b+a\right)}}>=\dfrac{1}{2}\) với a,b là các số dương
Áp dụng BĐt bunhiakovsky ta có:
`(\sqrt{a(3a+b)}+\sqrt{b(3b+a)})^2<=(a+b)(3a+b+3b+a)`
`<=>(\sqrt{a(3a+b)}+\sqrt{b(3b+a)})^2<=4(a+b)^2`
`<=>\sqrt{a(3a+b)}+\sqrt{b(3b+a)}<=2(a+b)`
`=>(a+b)/(\sqrt{a(3a+b)}+\sqrt{b(3b+a)})>=1/2`
Dấu "=" `<=>a=b`
Cho a, b>0. Chứng minh rằng:
a, \(\dfrac{3a^2+2ab+3b^2}{a+b}\ge2\sqrt{2\left(a^2+b^2\right)}\)
b,\(\dfrac{2ab}{a+b}+\sqrt{\dfrac{a^2+b^2}{2}}\ge\sqrt{ab}+\dfrac{a+b}{2}\)
c, \(\dfrac{1}{\left(1+a\right)^2}+\dfrac{1}{\left(1+b\right)^2}\ge\dfrac{1}{1+ab}\)
@Akai Haruma, @Ace Legona giúp mình với
Cho a,b,c là các số thực dương thỏa mãn \(abc=1\), chứng minh rằng:
\(\left(a^3+b^3\right)\left(b^3+c^3\right)\left(c^3+a^3\right)\)
\(\ge2\sqrt{2\left(2+a^3b^3+b^3c^3+c^3a^3+a^3+b^3+c^3\right)}\)
Đặt \(x=a^3;y=b^3;z=c^3\), khi đó \(xyz=1\). Bất đẳng thức cần chứng minh trở thành:
\(\left(x+y\right)\left(y+z\right)\left(z+x\right)\ge2\sqrt{2\left(2+xy+yz+zx+x+y+z\right)}\)
Ta viết lại bất đẳng thức như sau:
\(\left(x+y\right)\left(y+z\right)\left(z+x\right)\ge2\sqrt{2\left(2+xy+yz+zx+x+y+z\right)}\)
\(\Leftrightarrow\left(x+y\right)\left(y+z\right)\left(z+x\right)\ge2\sqrt{2\left(x+1\right)\left(y+1\right)\left(z+1\right)}\)
Bình phương 2 vế ta được:
\(\left[\left(x+y\right)\left(y+z\right)\left(z+x\right)\right]^2\ge8\left(x+1\right)\left(y+1\right)\left(z+1\right)\)
Áp dụng bất đẳng thức Bunhiacopxki ta được \(\left(x+y\right)^2\left(x+\frac{1}{y}\right)^2\ge x+1^4\)hay ta được bất đẳng thức:
\(\left(x+y\right)^2\left(x+xz\right)^2\ge\left(x+1\right)^4\Leftrightarrow x^2\left(x+y\right)^2\left(1+z\right)^2\ge\left(x+1\right)^4\)
Tương tự ta được các bất đẳng thức:
\(y^2\left(y+z\right)^2\left(1+x\right)^2\ge\left(y+1\right)^4;z^2\left(z+x\right)^2\left(1+y\right)^2\ge\left(z+1\right)^4\)
Nhân theo vế các bất đẳng thức trên, ta được:
\(x^2y^2z^2\left(x+y\right)^2\left(y+z\right)^2\left(z+x\right)^2\left(1+x\right)^2\left(1+y\right)^2\left(1+z\right)^2\)
\(\ge\left(x+1\right)^4\left(y+1\right)^4\left(z+1\right)^4\)
Hay:
\(\left(x+y\right)^2\left(y+z\right)^2\left(z+x\right)^2\ge\left(1+x\right)^2\left(1+y\right)^2\left(1+z\right)^2\)
Mặt khác, ta lại có:
\(\left(1+x\right)^2\left(1+y\right)^2\left(1+z\right)^2\ge\left(1+x\right)\left(1+y\right)\left(1+z\right)\cdot8\sqrt{xyz}\)
\(=8\left(1+x\right)\left(1+y\right)\left(1+z\right)\)
Do đó ta được bất đẳng thức:
\(\left[\left(x+y\right)\left(y+z\right)\left(z+x\right)\right]^2\ge8\left(x+1\right)\left(y+1\right)\left(z+1\right)\)
Bất đẳng thức được chứng minh, dấu đẳng thức xảy ra khi \(a=b=c\)
Sử dụng BĐT Bunhiacopxki cộng mẫu, lm bài toán sau:
Cho a,b,c là các số thực dương. CMR:
\(\dfrac{2\left(b+c-a\right)^2}{2a^2+\left(b+c\right)^2}+\dfrac{2\left(c+a-b\right)^2}{2b^2+\left(c+a\right)^2}+\dfrac{2\left(a+b-c\right)^2}{2c^2+\left(a+b\right)^2}\ge1\)
cho các số thực dương thỏa mãn \(\sqrt{a}+\sqrt{b}=1\)
Chứng minh rằng \(3\left(a+b\right)^2-\left(a+b\right)+4ab\ge\frac{1}{2}\sqrt{\left(a+3b\right)\left(b+3a\right)}\)
\(\left(a+3b\right)\left(b+3a\right)\le\left(\frac{4a+4b}{2}\right)^2=\left(2a+2b\right)^2\)
=>\(\frac{1}{2}\sqrt{\left(a+3b\right)\left(b+3a\right)}\le\frac{1}{2}\left(2a+2b\right)=a+b\)
Mình làm phần dễ nhất rồi, còn lại của bạn đó ^^
Đặt . Do đó
. Cần chứng minh:
Or
Bình phương 2 vế và xét hiệu, ta cần chứng minh:
Đó là điều hiển nhiên vì:
Done.