$\%m_{O_2(X)}=\dfrac{1,6}{1,6+4,4}.100\%=26,67\%$

$n_{CO_2}=\dfrac{4,4}{44}=0,1(mol);n_{O_2}=\dfrac{1,6}{16}=0,05(mol)$

$\Rightarrow \%V_{O_2(X)}=\dfrac{0,05}{0,05+0,1}.100\%=33,33\%$

$C+O_2\xrightarrow{t^o}CO_2$

Theo PT: $n_C=n_{O_2(p/ứ)}=n_{CO_2}=0,1(mol)$

$\Rightarrow n_{O_2(dùng)}=0,1+0,05=0,15(mol)$

$m_C=0,1.12=1,2(g);V_{O_2(dùng)}=0,15.22,4=3,36(lít)$

$\to m=1,2;V=3,36$

a, Có: \(n_{O_2}=\dfrac{21,28}{22,4}=0,95\left(mol\right)\)

Theo ĐLBT KL, có: m + m_O2 = m_CO2 + m_H2O

⇒ m = 28,6 + 14,4 - 0,95.32 = 12,6 (g)

b, Có: \(n_{CO_2}=\dfrac{28,6}{44}=0,65\left(mol\right)\)

\(n_{H_2O}=\dfrac{14,4}{18}=0,8\left(mol\right)\)

BTNT O, có: n_CO + 2n_O2 = 2n_CO2 + n_H2O

⇒ n_CO = 0,65.2 + 0,8 - 0,95.2 = 0,2 (mol)

⇒ m_CO = 0,2.28 = 5,6 (g)

\(\Rightarrow\%m_{CO}=\dfrac{5,6}{12,6}.100\%\approx44,44\%\)

Bạn tham khảo nhé!

Bảo toàn khối lượng : 

\(m_X=23.65-\dfrac{3.36}{22.4}\cdot32=18.85\left(g\right)\)

\(n_{H_2}=\dfrac{4.48}{22.4}=0.2\left(mol\right)\)

\(n_{e\left(c\right)}=2n_{H_2}+4n_{O_2}=2\cdot0.2+4\cdot0.15=1\left(mol\right)\)

\(\Rightarrow n_{Cl_2}=\dfrac{1}{2}\cdot n_e=\dfrac{1}{2}\cdot1=0.5\left(mol\right)\)

\(m_{muối}=m_X+m_{Cl_2}=18.85+0.5\cdot71=54.35\left(g\right)\)

Đáp án là B. 66,67 %.

\(n_C=\dfrac{1,2}{12}=0,1\left(mol\right)\)

PTHH: C + O₂ --t^o--> CO₂

           a-->a--------->a

            2C + O₂ --t^o--> 2CO

           b--->0,5b------>b

=> a + b = 0,1

Có: \(\overline{M}_X=\dfrac{44a+28b}{a+b}=16.2=32\)

=> a = 0,025; b = 0,075

\(n_{O_2}=a+0,5b=0,0625\left(mol\right)\)

=> \(V_{O_2}=0,0625.22,4=1,4\left(l\right)\)

Chọn D

29,12 lít

Đáp án A

Sơ đồ phản ứng :

C 4 H 10 → crackinh CH 4 ,   C 3 H 6 C 2 H 6 ,   C 2 H 4 C 4 H 10   dư ⏟ x

Theo giả thiết và bảo toàn khối lượng, ta có :

m C 4 H 10 = m X = m bình   Br 2   tăng ⏟ 5 , 32 + m Y ⏟ 0 , 2 . 1 , 9625 . 16 = 11 , 6 n C 4 H 10 = 11 , 6 58 = 0 , 2

Đốt cháy X cũng chính là đốt cháy C₄H₁₀ ban đầu.

Áp dụng bảo toàn electron trong phản ứng đốt cháy C₄H₁₀, ta có :

4 n O 2 ⏟ ? = 26 n C 4 H 10 ⏟ 0 , 2

⇒ n O 2 = 0 , 13   mol   ⇒   V O 2 = 29 , 12   lit

tham khảo

Ta có: dA/O2=¯¯¯¯¯¯¯¯MA32=1,25⇒¯¯¯¯¯¯¯¯MA=32.1,25=40(∗)dA/O2=MA¯32=1,25⇒MA¯=32.1,25=40(∗)

Phương trình phản ứng : C+O2→CO2(1)C+CO2→2CO(2)C+O2→CO2(1)C+CO2→2CO(2)

Bài toán này có thể xảy ra hia trường hợp sau :

Trường hợp 1 : Oxi dư (không có phản ứng 2) : Hỗn hợp A gồm CO2 và O2 dư. Thành phần phần trăm các chất trong hỗn hợp về mặt toán học không ảnh hưởng đến số mol hỗn hợp. Xét 1 mol hỗn hợp A, trong đó X là số mol của CO2 và (1-x) là số mol của O2 dư.

Ta c󠯯¯¯¯¯¯¯MA=44x+(1–x)321=40⇒x=23MA¯=44x+(1–x)321=40⇒x=23

Vậy %VCO2=23.100=66,67%%VCO2=23.100=66,67%

        %VO2=33,33%.%VO2=33,33%.

Trường hợp 2 : O2 thiếu (có phản ứng 2), hỗn hợp A có CO2 và CO.

Tương tự trên, xét 1 mol hỗn hợp A, trong đó A là số mol của CO2 và (1-a) là số mol của CO.

Ta có : ¯¯¯¯¯¯¯¯MA=44x+(1–x)281=40⇒x=0,75MA¯=44x+(1–x)281=40⇒x=0,75

Vậy %VCO2=aa+b.100=3b4b.100=75%%VCO2=aa+b.100=3b4b.100=75%

       %VCO=25%.%VCO=25%.

b) Tính m, V.

CO2+Ca(OH)2→CaCO3↓+H2O0,06←0,06=6100CO2+Ca(OH)2→CaCO3↓+H2O0,06←0,06=6100

Trường hợp 1 : nCO2=0,06mol⇒nO2dư=0,03(mol)nCO2=0,06mol⇒nO2dư=0,03(mol)

Vậy mc=0,06.12=0,72gammc=0,06.12=0,72gam

VO2=(0,06+0,03).22,4=2,016VO2=(0,06+0,03).22,4=2,016(lít)

Trường hợp 2 : nCO2=0,06mol,nCO=13nCO2=0,02(mol)nCO2=0,06mol,nCO=13nCO2=0,02(mol)

⇒nC=nCO2+nCO=0,06+0,02=0,08⇒mC=0,08.12=0,96(g)nO2=nCO2+12nCO=0,06+0,01=0,07mol⇒VO2=0,07.22,4=1,568(lit)⇒nC=nCO2+nCO=0,06+0,02=0,08⇒mC=0,08.12=0,96(g)nO2=nCO2+12nCO=0,06+0,01=0,07mol⇒VO2=0,07.22,4=1,568(lit)  

Chọn C.

Đặt CTTQ của X là C_xH₄ Þ 12x + 4 = 28 Þ x = 2

Khi đốt cháy X thu được