a)

F2 có tỉ lệ: 50% con cái, thân xám, mắt đỏ : 20% con đực thân xám, mắt đỏ : 20% con đực thân đen, mắt trắng : 5% con đực thân xám mắt trắng : 5% con đực thân đen, mắt đỏ

Xét \(\dfrac{thân.xám}{thân.đen}=\dfrac{3}{1}\) => Thân xám trội so với thân đen

Xét \(\dfrac{mắt.đỏ}{mắt.trắng}=\dfrac{3}{1}\) => Mắt đỏ trội so với mắt trắng

Do ở F2, tỉ lệ kiểu hình ở giới đực và giới cái khác nhau, ở giới đực xuất hiện 4 kiểu hình

=> 2 gen này nằm trên nhiễm sắc thể X, bị chi phối bởi quy luật di truyền liên kết giới tính

Giả sử A quy định thân xám, a quy định thân đen

B quy định mắt đỏ, b quy định mắt trắng

* Nếu 2 gen này liên kết hoàn toàn

- Khi lai P

P: \(X^a_bY\times X^A_BX^A_B\)

F1: \(\dfrac{1}{2}X^A_BX_b^a:\dfrac{1}{2}X^A_BY\)

- Khi lai F1:

\(F1:X^A_BX^a_b\times X^A_BY\)

F2: \(\dfrac{1}{4}X^A_BX^A_B:\dfrac{1}{4}X^A_BX^a_b:\dfrac{1}{4}X^a_bY:\dfrac{1}{4}X^A_BY\) (khác so với tỉ lệ của đề bài)

=> Đã xảy ra hoán vị gen

F1: \(X^A_BX_b^a\times X^A_BY\)

G: \(X_B^A=X^a_b=h\)

      \(X^A_b=X^a_B=0,5-h\) ;    \(X^A_B=Y=0,5\)  

Số con đực thân xám mắt trắng chiếm 5%

=> \(X^A_bY\)= (0,5-h).0,5 = 5%

=> h = 0,4

Vậy tần số hoán vị là 20%

b)

Phép lai: \(X_B^AX^a_b\times X^a_bY\)

G: \(X^A_B=X^a_b=0,4\)

     \(X^A_b=X^a_B=0,1\) ;         \(X^a_b=Y=0,5\)

F: \(0,2X^A_BX^a_b:0,2X^a_bX^a_b:0,05X^A_bX^a_b:0,05X^a_BX^a_b:0,2X^A_BY:0,2X^a_bY:0,05X^A_bY:0,05X^a_BY\)

Giới cái: 0,4 thân xám, mắt đỏ : 0,4 thân đen, mắt trắng : 0,1 thân xám, mắt trắng : 0,1 thân đen, mắt đỏ

Giới đực: 0,4 thân xám, mắt đỏ : 0,4 thân đen, mắt trắng : 0,1 thân xám, mắt trắng : 0,1 thân đen, mắt đỏ

a) \(n_{Al}=\dfrac{5,4}{27}=0,2\left(mol\right)\)

\(n_{H_2SO_4}=\dfrac{9,8}{98}=0,1\left(mol\right)\)

PTHH: \(2Al+3H_2SO_4\rightarrow Al_2\left(SO_4\right)_3+3H_2\)

Xét tỉ lệ: \(\dfrac{0,2}{2}>\dfrac{0,1}{3}\)

=> H₂SO₄ dư, Al hết

PTHH: \(2Al+3H_2SO_4\rightarrow Al_2\left(SO_4\right)_3+3H_2\)

           \(\dfrac{0,2}{3}\)<-----0,1----------->\(\dfrac{0,1}{3}\)------>0,1

\(V_{H_2}=0,1.24,79=2,479\left(l\right)\)

b) 

Sau phản ứng thu được: Al₂(SO₄)₃, H₂, Al dư

\(m_{Al_2\left(SO_4\right)_3}=\dfrac{0,1}{3}.342=11,4\left(g\right)\)

\(m_{H_2}=0,1.2=0,2\left(g\right)\)

\(m_{Al\left(dư\right)}=\left(0,2-\dfrac{0,2}{3}\right).27=3,6\left(g\right)\)

Bài 10:

a) \(n_{NaOH}=\dfrac{8}{40}=0,2\left(mol\right)\)

PTHH: \(NaOH+HNO_3\rightarrow NaNO_3+H_2O\)

\(n_{HNO_3}=0,2\left(mol\right)\Rightarrow m_{HNO_3}=0,2.63=12,6\left(g\right)\)

b) \(n_{NaNO_3}=0,2\left(mol\right)\Rightarrow m_{NaNO_3}=0,2.85=17\left(g\right)\)

Bài 11:

a) \(n_{Fe_2O_3}=\dfrac{16}{160}=0,1\left(mol\right)\)

PTHH: \(Fe_2O_3+6HCl\rightarrow2FeCl_3+3H_2O\)

\(n_{HCl}=0,6\left(mol\right)\Rightarrow m_{HCl}=0,6.36,5=21,9\left(g\right)\)

b) \(n_{FeCl_3}=0,2\left(mol\right)\Rightarrow m_{FeCl_3}=0,2.162,5=32,5\left(g\right)\)

a) Số nguyên tử trong 1 ô mạng cơ sở là: \(\dfrac{1}{8}.8+1=2\) (nguyên tử)

Đặt độ dài cạnh của ô mạng cơ sở là a

Thể tích 1 ô mạng cơ sở là: a³

Ta có: \(4r=\sqrt{3}a\Rightarrow r=\dfrac{\sqrt{3}a}{4}\)

Độ đặc khít = \(\dfrac{2.\dfrac{4}{3}.\pi.\left(\dfrac{\sqrt{3}a}{4}\right)^3}{a^3}.100\%=68,017\%\)

b) Giả sử có 6,022.10²³ nguyên tử X (tức 1mol)

Thể tích 1 ô mạng cơ sở là: \(\left(3,626.10^{-8}\right)^3\left(cm^3\right)\)

=> Thể tích 1 mol ô mạng cơ sở là \(6,022.10^{23}.\left(3,626.10^{-8}\right)^3=28,7094\left(cm^3\right)\)

Khối lượng 1 mol ô mạng cơ sở là: \(28,0794.1,602=46\left(g\right)\)

Có n_x = 2 (mol)

\(\Rightarrow M_X=\dfrac{46}{2}=23\left(g/mol\right)\)

X là Na (Natri)

a) \(n_{Na_2O}=\dfrac{12,4}{62}=0,2\left(mol\right)\)

PTHH: \(Na_2O+H_2O\rightarrow2NaOH\)

\(n_{NaOH}=0,4\left(mol\right)\)

\(m_{NaOH}=0,4.40=16\left(g\right)\)

b) \(C\%=\dfrac{16}{120}.100\%=13,333\%\)

Số nucleotit của gen là: \(\dfrac{2550.2}{3,4}=1500\left(nu\right)\)

\(\Rightarrow\left\{{}\begin{matrix}A=T=\dfrac{1500-330.2}{2}=420\left(nu\right)\\G=X=330\left(nu\right)\end{matrix}\right.\)

a) Gọi N là số nucleotit của gen

Ta có: \(3,4.\dfrac{N}{2}=5100\)

=> N = 3000 (nu)

\(A=T=3000.25\%=750\left(nu\right)\)

\(G=X=\dfrac{3000-750.2}{2}=750\left(nu\right)\)

b) 

Mạch 1 có \(\left\{{}\begin{matrix}A=450\left(nu\right)\\T=300\left(nu\right)\\G=250\left(nu\right)\\X=500\left(nu\right)\end{matrix}\right.\)

Mạch 2 có \(\left\{{}\begin{matrix}A=300\left(nu\right)\\T=450\left(nu\right)\\G=500\left(nu\right)\\X=250\left(nu\right)\end{matrix}\right.\)

a) \(n_{H_2}=\dfrac{6,72}{22,4}=0,3\left(mol\right)\)

PTHH: \(Fe+2HCl\rightarrow FeCl_2+H_2\)

n_Fe = n_H2 = 0,3 (mol)

\(\Rightarrow m_{Fe}=0,3.56=16,8\left(g\right)\)

b) n_HCl = 2.n_H2 = 0,6 (mol)

\(\Rightarrow V_{ddHCl}=\dfrac{0,6}{0,3}=2\left(l\right)\)

c) \(n_{FeCl_2}=n_{H_2}=0,3\left(mol\right)\)

\(\Rightarrow C_{M\left(FeCl_2\right)}=\dfrac{0,3}{2}=0,15M\)

a) \(3Fe+2O_2\underrightarrow{t^o}Fe_3O_4\)

b) \(n_{Fe_3O_4}=\dfrac{2,32}{232}=0,01\left(mol\right)\)

Theo PTHH: \(n_{O_2}=0,02\left(mol\right)\Rightarrow V_{O_2}=0,02.22,4=0,448\left(l\right)\)

c) 

PTHH: \(2KMnO_4\underrightarrow{t^o}K_2MnO_4+MnO_2+O_2\)

                 0,04<-----------------------0,02

=> \(m_{KMnO_4}=0,04.158=6,32\left(g\right)\)

\(n_{H_2}=\dfrac{0,61975}{24,79}=0,025\left(mol\right)\)

PTHH: \(2C_2H_5OH+2Na\rightarrow2C_2H_5ONa+H_2\)

                 0,05<----------------------------0,025

=> m = 0,05.46 = 2,3 (g)

=> D