\(C_6H_{12}O_6+Ag_2O\underrightarrow{NH_3}C_6H_{12}O_7+2Ag\)

\(n_{Ag}=\dfrac{1,08}{108}=0,01\left(mol\right)\)

Theo PTHH: \(n_{C_6H_{12}O_6}=0,005\left(mol\right)\Rightarrow m_{C_6H_{12}O_6}=0,9\left(g\right)\)

Đường huyết của người đó là: \(\dfrac{0,9}{1}=0,9\left(g/ml\right)\)

=> Đường huyết của người đó ở mức bình thường

Do trong giấm có axit CH₃COOH, có khả năng ức chế vi khuẩn gây thối rữa nên người ta ngâm một số thức ăn (thường là rau, củ, quả) trong giấm và bỏ vào lọ kín để ngăn chặn sự phát triển của vi khuẩn, giúp thức ăn được bảo quản lâu hơn.

Do trong nọc độc của kiến có chứa axit nên ta có thể trị vết thương bằng cách xoa một ít NaHCO₃ vào vết thương để làm giảm lượng axit, giúp đỡ sưng, đau:

\(HCO_3^-+H^+\rightarrow CO_2+H_2O\)

a)

a) Ta có: \(Độ.rượu=\dfrac{V_{rượu}}{125}.100=80^o\)

=> V_rượu = 100 (ml)

=> m_rượu = 100.0,8 = 80 (g)

b) 

\(n_{C_2H_5OH}=\dfrac{80}{46}=\dfrac{40}{23}\left(mol\right)\)

PTHH: \(C_2H_5OH+O_2\underrightarrow{men.giấm}CH_3COOH+H_2O\)

=> \(n_{CH_3COOH}=\dfrac{40}{23}\left(mol\right)\)

=> \(m_{CH_3COOH}=\dfrac{40}{23}.60=\dfrac{2400}{23}\left(g\right)\)

=> \(m_{dd.CH_3COOH.3\%}=\dfrac{\dfrac{2400}{23}.100}{3}=\dfrac{80000}{23}\left(g\right)\)

a)

\(CaCO_3+H_2SO_4\rightarrow CaSO_4+CO_2+H_2O\)

\(BaCO_3+H_2SO_4\rightarrow BaSO_4+CO_2+H_2O\)

b) 

\(n_{CO_2}=\dfrac{2,24}{22,4}=0,1\left(mol\right)\)

Theo PTHH: \(n_{H_2SO_4}=n_{CO_2}=0,1\left(mol\right)\)

=> \(C_{M\left(H_2SO_4\right)}=\dfrac{0,1}{0,4}=0,25M\)

1) X: NaOH, Y: NaHCO₃, Z:Na₂CO₃, T: Na₂SO₄

\(Na_2O+H_2O\rightarrow2NaOH\)

\(NaOH+CO_2\rightarrow NaHCO_3\)

\(2NaHCO_3\underrightarrow{t^o}Na_2CO_3+CO_2+H_2O\)

\(Na_2CO_3+H_2SO_4\rightarrow Na_2SO_4+CO_2+H_2O\)

\(Na_2SO_4+Ba\left(HCO_3\right)_2\rightarrow2NaHCO_3+BaSO_4\downarrow\)

\(NaHCO_3+Ba\left(OH\right)_2\rightarrow BaCO_3+NaOH+H_2O\)

2)

\(Fe\left(OH\right)_2\underrightarrow{t^o}FeO+H_2O\)

\(FeO+H_2SO_4\rightarrow FeSO_4+H_2O\)

\(FeSO_4+2NaOH\rightarrow Fe\left(OH\right)_2\downarrow+Na_2SO_4\)

\(Fe\left(OH\right)_2+2HNO_3\rightarrow Fe\left(NO_3\right)_2+2H_2O\)

\(4Fe\left(NO_3\right)_2\underrightarrow{t^o}2Fe_2O_3+8NO_2+O_2\)

3)

\(4Na+O_2\underrightarrow{t^o}2Na_2O\)

\(Na_2O+SO_2\rightarrow Na_2SO_3\)

\(Na_2SO_3+2HCl\rightarrow2NaCl+SO_2+H_2O\)

\(2NaCl+2H_2O\underrightarrow{đpcmn}2NaOH+H_2+Cl_2\)

\(3NaOH+AlCl_3\rightarrow Al\left(OH\right)_3\downarrow+3NaCl\)

\(2Al\left(OH\right)_3+3H_2SO_4\rightarrow Al_2\left(SO_4\right)_3+6H_2O\)

a) \(n_{H_2}=\dfrac{4,48}{22,4}=0,2\left(mol\right)\)

PTHH: \(Mg+2HCl\rightarrow MgCl_2+H_2\)

            0,2<----0,4<------0,2<---0,2

\(\%Mg=\dfrac{0,2.24}{14,8}.100\%=32,432\%\)

\(\%MgO=100\%-32,432\%=67,568\%\)

b) \(n_{MgO}=\dfrac{14,8-0,2.24}{40}=0,25\left(mol\right)\)

PTHH: \(MgO+2HCl\rightarrow MgCl_2+H_2O\)

            0,25---->0,5------>0,25

=> \(m_{HCl}=\left(0,5+0,4\right).36,5=32,85\left(g\right)\)

=> \(C\%_{dd.HCl}=\dfrac{32,85}{200}.100\%=16,425\%\)

c)

\(n_{Ba\left(OH\right)_2}=0,25.2=0,5\left(mol\right)\)

PTHH: \(Ba\left(OH\right)_2+2HCl\rightarrow BaCl_2+2H_2O\)

Xét tỉ lệ: \(\dfrac{0,5}{1}>\dfrac{0,9}{2}\) => Ba(OH)₂ dư, HCl hết

=> dd thu được có màu hồng

a) \(n_{H_2}=\dfrac{4,48}{22,4}=0,2\left(mol\right)\)

PTHH: \(Fe+2HCl\rightarrow FeCl_2+H_2\)

            0,2<---0,4<-----0,2<---0,2

=> \(\%Fe=\dfrac{0,2.56}{17,6}.100\%=63,64\%\Rightarrow\%Cu=100\%-63,64\%=36,36\%\)

b) \(C_{M\left(dd.HCl\right)}=\dfrac{0,4}{0,2}=2M\)

\(C_{M\left(FeCl_2\right)}=\dfrac{0,2}{0,2}=1M\)

1)

\(M_2S_m+\dfrac{2m+n}{2}O_2\underrightarrow{t^o}M_2O_n+mSO_2\)

\(M_2S_m+2mHCl\rightarrow2MCl_m+mH_2S\)

\(2H_2S+SO_2\rightarrow3S+2H_2O\)

\(CuSO_4+H_2S\rightarrow CuS\downarrow+H_2SO_4\)

2)

\(n_{CuS}=\dfrac{6,72}{96}=0,07\left(mol\right)\)

PTHH: \(CuSO_4+H_2S\rightarrow CuS+H_2SO_4\)

                            0,07<---0,07

\(n_S=\dfrac{18,24}{32}=0,57\left(mol\right)\)

PTHH: \(2H_2S+SO_2\rightarrow3S+2H_2O\)

            0,38<--0,19<--0,57

- Nếu hiệu suất tính theo H₂S thì \(H\%=\dfrac{0,38}{0,38+0,07}.100\%=84,44\%\)

=> Vô lý

Vậy hiệu suất tính theo SO₂

\(n_{SO_2\left(bđ\right)}=\dfrac{0,19.100}{95}=0,2\left(mol\right)\)

\(n_{H_2S\left(bđ\right)}=0,38+0,07=0,45\left(mol\right)\)

- Phần 1: Gọi \(n_{M_2S_m}=a\left(mol\right)\)

Theo PTHH: \(n_{SO_2}=am=0,2\left(mol\right)\) (1)

- Phần 2: Gọi \(n_{M_2S_m}=ak\left(mol\right)\)

Theo PTHH: \(n_{H_2S}=akm=0,45\left(mol\right)\)

=> k = 2,25 

Ta có: \(n_{M_2S_m\left(bđ\right)}=a+ak=\dfrac{32,5}{2.M_M+32m}\left(mol\right)\)

=> \(a=\dfrac{10}{2.M_M+32m}\left(mol\right)\)

(1) => \(\dfrac{10m}{2.M_M+32m}=0,2\)

=> M_M = 9m (g/mol)

Xét m = 3 thỏa mãn => M_M = 27 (g/mol)

=> M là Al

a) \(Fe+2HCl\rightarrow FeCl_2+H_2\)

b) \(n_{HCl}=\dfrac{75.7,3\%}{36,5}=0,15\left(mol\right)\)

PTHH: \(Fe+2HCl\rightarrow FeCl_2+H_2\)

         0,075<-0,15--->0,075->0,075

=> \(V_{H_2}=0,075.22,4=1,68\left(l\right)\)

c) \(m_{Fe}=0,075.56=4,2\left(g\right)\)

\(m_{FeCl_2}=0,075.127=9,525\left(g\right)\)