a)$Zn + 2HCl \to ZnCl_2 + H_2$

b)

n Zn = 6,5/65 = 0,1(mol) ; n HCl = 100.14,6%/36,5 = 0,4(mol)

Ta thấy :

n Zn / 1 = 0,1 < n HCl / 2 = 0,2 => HCl còn dư sau phản ứng

c)

Theo PTHH :

n H2 = n Zn = 0,1(mol)

=> V H2 = 0,1.22,4 = 2,24 lít

a)

- Oxit :

Na2O : Natri oxit

BaO : Bari oxit

Fe3O4 : Sắt từ oxit

P2O5 : Điphotpho pentaoxit

N2O5 :Đinito pentaoxit

SO3:  Lưu huỳnh trioxit

SO2 : Lưu huỳnh đioxit

CO2 : Cacbon đioxit

- Muối : 

NaCl : Natri clorua

Al2(SO4)3 : Nhôm sunfat 

Na2HPO4: Natri hidrophotphat

FeCl3 :Sắt III clorua

CuSO4 : Đồng II sunfat

- Axit : 

H2SO4 : Axit sunfuric

HCl : Axit clohidric

H3PO4 : Axit photphoric

- Kim loại : 

K : Kali

Na : Nari

Mg:  Magie

Al : Nhôm

- Bazo : 

Cu(OH)2 : Đồng II hidroxit

Ba(OH)2:  Bari hidroxit

b)

\(Na_2O + H_2O \to 2NaOH\\ BaO + H_2O \to Ba(OH)_2\\ 2K + 2H_2O \to 2KOH + H_2\\ 2Na + 2H_2O \to 2NaOH + H_2\\ P_2O_5 + 3H_2O \to 2H_3PO_4\\ N_2O_5 + H_2O \to 2HNO_3\\ SO_3 + H_2O \to H_2SO_4\\ SO_2 + H_2O \to H_2SO_3\\ CO_2 + H_2O \rightleftharpoons H_2CO_3\)

c)

\(2K + H_2SO_4 \to K_2SO_4 + H_2\\ 2Na + H_2SO_4\to Na_2SO_4 + H_2\\ Mg + H_2SO_4 \to MgSO_4 + H_2\\ 2Al + 3H_2SO_4 \to Al_2(SO_4)_3 + 3H_2\)

nCuSO4=0.2(mol)

Fe+CuSO4->FeSO4+Cu

0.2 0.2 0.2

mFe tan ra=0.2*56=11.2(g)

m chất rắn bám vào=0.2*64=12.8(g)

CMFeSO4=0.2:0.2=1(M)

$n_{CaO} = \dfrac{11,2}{56} = 0,2(mol)$
$n_{HCl} = 0,5.1 = 0,5(mol)$

$CaO +  dư2HCl \to CaCl_2 + H_2O$

Ta thấy :

$n_{CaO} : 1 < n_{HCl} : 2$ nên $HCl$ dư

$n_{HCl\ pư} = 2n_{CaO} = 0,4(mol)$
$m_{HCl\ dư} = (0,5 - 0,4).36,5 = 3,65(gam)$

$n_{CaCl_2} = n_{CaO} = 0,2(mol)$
$C_{M_{HCl\ dư}} = \dfrac{0,1}{0,5} = 0,2M$
$C_{M_{CaCl_2}} = \dfrac{0,2}{0,5} = 0,4M$

\(n_{CaO}=\dfrac{11,2}{56}=0,2\left(mol\right)\\ n_{HCl}=0,5.1=0,5\left(mol\right)\\ CaO+2HCl\xrightarrow[]{}CaCl_2+H_2O\\ \Rightarrow\dfrac{0,2}{1}< \dfrac{0,5}{2}\Rightarrow HCl.dư\\ n_{HCl\left(pư\right)}=0,2.2=0,4\left(mol\right)\\ n_{HCl\left(dư\right)}=0,5-0,4=0,1\left(mol\right)\\ m_{HCl\left(dư\right)}=0,1.36,5=3,65\left(g\right)\\ n_{CaCl_2}=n_{CaO}=0,2mol\\ C_{M_{CaCl_2}}=\dfrac{0,2}{0,5}=0,4\left(M\right)\\ C_{M_{HCl}}=\dfrac{0,1}{0,5}=0,2\left(M\right)\)

a)

\(n_{Al} = \dfrac{0,54}{27} = 0,02(mol) \\n_{H_2SO_4} = 0,1.0,5 = 0,05(mol) \)

PTHH : \(2Al + 3H_2SO_4 \to Al_2(SO_4)_3 + 3H_2\)

Theo PTHH , ta thấy :

\(n_{Al}.\dfrac{3}{2} = 0,03(mol) < n_{H_2SO_4}\) nên H₂SO₄ dư.

Ta có : \(n_{H_2} = \dfrac{3}{2}n_{Fe} = 0,03(mol)\\ V_{H_2} = 0,03.22,4 = 0,672(lít)\)

b)

Ta có : 

\(n_{H_2SO_4\ pư} = \dfrac{3}{2}n_{Al} = 0,03(mol)\\ n_{H_2SO_4\ dư} = 0,05 - 0,03 = 0,02(mol)\\ n_{Al_2(SO_4)_3} = 0,5n_{Al} = 0,01(mol)\)

Vậy :

\(C_{M_{H_2SO_4}} = \dfrac{0,02}{0,1} = 0,2M\\ C_{M_{Al_2(SO_4)_3}} = \dfrac{0,01}{0,1} = 0,1M\)

PT: \(2Al+3H_2SO_4\rightarrow Al_2\left(SO_4\right)_3+3H_2\)

a, Ta có: \(n_{Al}=\dfrac{5,4}{27}=0,2\left(mol\right)\)

\(n_{H_2SO_4}=0,1.0,5=0,05\left(mol\right)\)

Xét tỉ lệ: \(\dfrac{0,2}{2}>\dfrac{0,05}{3}\) , ta được Al dư.

Theo PT: \(n_{H_2}=n_{H_2SO_4}=0,05\left(mol\right)\)

\(\Rightarrow V_{H_2}=0,05.22,4=1,12\left(l\right)\)

b, Dung dịch sau pư chỉ gồm Al₂(SO₄)₃.

Theo PT: \(n_{Al_2\left(SO_4\right)_3}=\dfrac{1}{3}n_{H_2SO_4}=\dfrac{1}{60}\left(mol\right)\)

\(\Rightarrow C_{M_{Al_2\left(SO_4\right)_3}}=\dfrac{\dfrac{1}{60}}{0,1}\approx0,16\left(M\right)\)

Bạn tham khảo nhé!

PTHH: \(2Al+3H_2SO_4\rightarrow Al_2\left(SO_4\right)_3+3H_2\uparrow\)

a) Ta có: \(\left\{{}\begin{matrix}n_{Al}=\dfrac{5,4}{27}=0,2\left(mol\right)\\n_{H_2SO_4}=0,1\cdot0,5=0,05\left(mol\right)\end{matrix}\right.\)

Xét tỉ lệ: \(\dfrac{0,2}{2}>\dfrac{0,05}{3}\) \(\Rightarrow\) Al còn dư, H₂SO₄ phản ứng hết

\(\Rightarrow n_{H_2}=0,05mol\) \(\Rightarrow V_{H_2}=0,05\cdot22,4=1,12\left(l\right)\)

b) Theo PTHH: \(n_{Al_2\left(SO_4\right)_3}=\dfrac{1}{3}n_{H_2SO_4}=\dfrac{1}{60}\left(mol\right)\)

\(\Rightarrow C_{M_{Al_2\left(SO_4\right)_3}}=\dfrac{\dfrac{1}{60}}{0,1}\approx0,17\left(M\right)\)

Bài 1 :

Ta có n_Al = \(\dfrac{5,4}{27}\) = 0,2 ( mol )

500 ml = 0,5 lít

=> n_HCl = 0,5 . 1,4 = 0,7 ( mol )

2Al + 6HCl \(\rightarrow\) 2AlCl₃ + 3H₂

0,2........0,7

=> Lập tỉ số \(\dfrac{0,2}{2}:\dfrac{0,7}{6}\) = 0,1 < 0,116

=> Sau phản ứng Al hết và HCl còn dư

=> n_{HCl dư} = 0,7 - 0,6 = 0,1 ( mol )

=> HCl dư 0,1 mol

2Al + 6HCl \(\rightarrow\) 2AlCl₃ + 3H₂

0,2.......0,6...........0,2..........0,3

Ta có C_{M HCl dư} = 0,1 : 0,5 = 0,2M

C_{M AlCl3} = 0,2 : 0,5 = 0,4 M

Bài 2 ) \(n_{CUO}=\dfrac{mCuo}{Mcuo}=\dfrac{12}{80}=0,15mol\)

\(n_{H2SO4}=\dfrac{C\%.m\text{dd}}{100\%.Mh2so4}=0,33mol\)

CuO +H2SO4--> CuSO4 + H2O

n_banđầu 0,15....0,33

np/ứng 0,15....0,15...........0,15

n saup/ứng 0.......0,18 dư

So sánh tỉ lệ \(\dfrac{0,15}{1}< \dfrac{0,33}{1}\)=> Cuo hết ; H2So4 dư

m h2so4 p/ứng = n h2so4 p/ứng .Mh2so4=0,15.98=14,7g

\(m_{C\text{US}O\text{4}}=n_{C\text{us}o4}.M_{C\text{uS}o4}=0,15.160=24g\)

b) \(m_{h2so4}d\text{ư}=n_{h2so4}d\text{ư}.M_{h2so4}=0,18.98=17,64g\)

mdd=mcuo+mdd h2so4=199,5g

=> \(C\%H2SO4d\text{ư}=\dfrac{17,64}{199,5}.100\%=8,842\%\)

Chọn đáp án B

Ta có

\(n_{MnO_2}=0,8\left(mol\right)\)

\(PTHH:MnO_2+4HCl_{\left(\text{đ}\right)}\underrightarrow{t^o}MnCl_2+Cl_2+2H_2O\)

(mol)_____0,8_______________________0,8__________

\(n_{NaOH}=2\left(mol\right)\)

\(PTHH:2NaOH+Cl_2\rightarrow NaCl+NaClO+H_2O\)

(mol)____1,6_______0,8______0,8____0,8___________

Tỉ lệ: \(\frac{2}{2}>\frac{0,8}{1}\rightarrow\) NaOH dư 2 - 1,6 = 0,4 (mol)

\(C_{M_{NaOH}}=\frac{0,4}{0,5}=0,8\left(M\right)\)

\(C_{M_{NaCl}}=C_{M_{NaClO}}=\frac{0,8}{0,5}=1,6\left(M\right)\)

\(\sum C_M=0,8+1,6=2,4\left(M\right)\)