Gọi \(\left\{{}\begin{matrix}n_{Mg}=x\left(mol\right)\\n_{Al}=y\left(mol\right)\end{matrix}\right.\)

\(n_{BaSO_4}=\dfrac{11,65}{233}=0,05\left(mol\right)\)

\(Mg+CuSO_4\rightarrow MgSO_4+Cu\)

x------>x--------->x------------>x

\(2Al+3CuSO_4\rightarrow Al_2\left(SO_4\right)_3+3Cu\)

y------>1,5y-------->0,5y-------->1,5y

Có hệ \(\left\{{}\begin{matrix}24x+27y=0,78\\x+1,5y=\dfrac{2,56}{64}\end{matrix}\right.\Leftrightarrow\left\{{}\begin{matrix}x=0,01\\y=0,02\end{matrix}\right.\)

Giả sử \(CuSO_4\) phản ứng hết, dung dịch C có: \(\left\{{}\begin{matrix}n_{MgSO_4}=x=0,01\left(mol\right)\\n_{Al_2\left(SO_4\right)_3}=0,5y=0,5.0,02=0,01\left(mol\right)\end{matrix}\right.\)

\(MgSO_4+BaCl_2\rightarrow MgCl_2+BaSO_4\) (1)

0,01-------------------------------->0,01

\(Al_2\left(SO_4\right)_3+3BaCl_2\rightarrow3BaSO_4+2AlCl_3\) (2)

0,01------------------------>0,03

Từ PTHH (1), (2) có: \(\Sigma n_{BaSO_4}=0,01+0,03=0,04\left(mol\right)< 0,05\left(mol\right)_{theo.đề}\)

=> Giả sử sai, \(CuSO_4\) dư 

\(CuSO_4+BaCl_2\rightarrow BaSO_4+CuCl_2\)

0,01<-----------------0,01

\(CM_{CuSO_4}=a=\dfrac{x+1,5y+0,01}{0,2}=\dfrac{0,01+1,5.0,02+0,01}{0,2}=0,25\left(M\right)\)

Trong A:

\(n_{Al}=0,02\left(mol\right)\\ n_{Mg}=0,01\left(mol\right)\)

Đáp án B

Gọi số mol Al và Mg tối đa mà dung dịch X có thể phản ứng được là x và 3x

Nên 3x + 2.3x = 0,09.2 + 0,18.3(n_{e cho}  =n_{e nhận})

Suy ra x = 0,08 => m_Al + m_Mg = 7,92(g)

a, \(n_{Cu\left(OH\right)_2}=\dfrac{0,49}{98}=0,005\left(mol\right)\)

Chất kết tủa là Cu(OH)₂

PTHH: 2NaOH + CuSO₄ → Na₂SO₄ + Cu(OH)₂ ↓

Mol:       0,01                                            0,005

b, \(C_{M_{ddNaOH}}=\dfrac{0,01}{0,02}=0,5M\)

\(2NaOH+CuSO_4\rightarrow Na_2SO_4+Cu\left(OH\right)_2\downarrow\)

Kết tủa thu được: \(Cu\left(OH\right)_2\downarrow\)

\(n_{Cu\left(OH\right)_2}=\dfrac{0,49}{98}=0,005mol\)

\(\Rightarrow n_{NaOH}=2n_{Cu\left(OH\right)_2}=2\cdot0,005=0,01mol\)

\(C_M=\dfrac{0,01}{\dfrac{20}{1000}}=0,5M\)

a, \(n_{NaOH}=0,02.1,5=0,03\left(mol\right);n_{HCl}=0,03.2=0,06\left(mol\right)\)

PTHH: NaOH + HCl → NaCl + H₂O

Mol:      0,03     0,03       0,03

Ta có: \(\dfrac{0,03}{1}< \dfrac{0,06}{1}\) ⇒ NaOH hết, HCl dư

\(m_{NaCl}=0,03.58,5=1,755\left(g\right)\)

b, m_{dd sau pứ} = 0,02 + 0,03 = 0,05 (l)

\(C_{M_{ddNaCl}}=\dfrac{0,03}{0,05}=0,6M\)

\(C_{M_{ddHCl}}=\dfrac{\left(0,06-0,03\right)}{0,05}=0,6M\)

a. PT: NaOH + HCl ---> NaCl + H₂O

Đổi 20ml = 0,02 lít; 30ml = 0,03 lít

Ta có: \(C_{M_{NaOH}}=\dfrac{n_{ct}}{V_{dd}}=\dfrac{n_{NaOH}}{0,02}=1,5M\)

=> n_NaOH = 0,03(mol)

Ta có: \(C_{M_{HCl}}=\dfrac{n_{ct}}{V_{dd}}=\dfrac{n_{HCl}}{0,03}=2M\)

=> n_HCl = 0,06(mol)

Ta có: \(\dfrac{0,03}{1}< \dfrac{0,06}{1}\)

Vậy HCl dư

Theo PT: n_NaCl = n_NaOH = 0,03(mol)

=> m_NaCl = 0,03 . 58,5 = 1,755(g)

C% là gì thế

a, PT: \(Mg+2HCl\rightarrow MgCl_2+H_2\)

\(MgCl_2+2NaOH\rightarrow2NaCl+Mg\left(OH\right)_{2\downarrow}\)

\(Mg\left(OH\right)_2\underrightarrow{t^o}MgO+H_2O\)

b, Ta có: \(n_{Mg}=\dfrac{9,6}{24}=0,4\left(mol\right)\)

Theo PT: \(n_{HCl}=2n_{Mg}=0,8\left(mol\right)\)

\(\Rightarrow C_{M_{HCl}}=\dfrac{0,8}{0,2}=4\left(M\right)\)

c, Theo PT: \(n_{MgO}=n_{Mg}=0,4\left(mol\right)\)

\(\Rightarrow m_{MgO}=0,4.40=16\left(g\right)\)

a) Mg+CuSO4--->MgSO4+Cu (1)
Mg+FeSO4--->MgSO4+Fe (2)
TN1: thu được 3 muôi => 2 chưa xảy ra và 1 đang phản ứng dang dở thì Mg hết muối thu được là MgSO4,CuSO4,FeSO4=> trong phản ứng 1 tính theo Mg =>c<a
TN2: thu được 2 muối => (2) đang phản ứng và 1 phản ứng xong rồi thu được 2 muối là MgSO4 và FeSO4 => phản ứng 2 tính theo Mg
Mg+CuSO4--->MgSO4+Cu (1)
a mol a mol
Mg+FeSO4--->MgSO4+Fe (2)
2c-a 2c-a
=>b>2c-a
TN3 :thu được 1 muối MgSO4=> cả 2 phản ứng dã xảy ra và Mg dư
Mg+CuSO4--->MgSO4+Cu (1)
a a mol
Mg+FeSO4--->MgSO4+Fe (2)
b b mol
3c\(\ge\)b+a

B) a=0,2mol b=0,3 mol và Mg là 0,4 mol
theo số mol này ta thấy nó thỏa mãn TN3
Mg+CuSO4--->MgSO4+Cu (1)
a a mol a mol
Mg+FeSO4--->MgSO4+Fe (2)
b b mol b mol
Vậy sau phản ứng có a mol Cu ,b molFe và (3c-a-b) mol Mg
=> m Cu=64a=12,8g
m Fe=56b=16,8g
m Mg=24*(3c-a-b)=16,8g