Chứng minh:
\(a^2+3\left(b^2+c^2+d^2\right)\ge2a\left(b+c+d\right)\forall a,b,c,d\)
Những câu hỏi liên quan
chứng minh các bất đẳng thức sau:
a) a2b+\(\frac{1}{b}\ge2a,\left(\forall a,b>0\right)\)
b) (a+b)(ab+1)≥4ab,(∀a,b>0)
c) (a+b)(a+2)(b+2)≥16ab, (∀a,b>0)
d) (1+\(\frac{a}{b}\))\(\left(1+\frac{b}{c}\right)\left(1+\frac{c}{a}\right)\ge8,\left(\forall a.b,c>0\right)\)
bài 1: chứng minh các BĐT sau:
a) a^2b+frac{1}{b}ge2a,left(forall a,b0right)
b) (a+b)(ab+1)≥4ab,(∀a,b0)
c) (a+b)(a+2)(b+2)≥16ab,(∀a,b0)
d) left(1+frac{a}{b}right)left(1+frac{b}{c}right)left(1+frac{c}{a}right)ge8,left(forall a,b,c0right)
bài 2: cho phương trình tham số của đường thẳng (d):left{{}begin{matrix}x5+ty-9-2tend{matrix}right..Viết phương trình tổng quát của (d):
bài 3: cho đường thẳng Δ có phương trình tổng quát x-y+20. Viết phương trình tham số của Δ
Đọc tiếp
bài 1: chứng minh các BĐT sau:
a) \(a^2b+\frac{1}{b}\ge2a,\left(\forall a,b>0\right)\)
b) (a+b)(ab+1)≥4ab,(∀a,b>0)
c) (a+b)(a+2)(b+2)≥16ab,(∀a,b>0)
d) \(\left(1+\frac{a}{b}\right)\left(1+\frac{b}{c}\right)\left(1+\frac{c}{a}\right)\ge8,\left(\forall a,b,c>0\right)\)
bài 2: cho phương trình tham số của đường thẳng (d):\(\left\{{}\begin{matrix}x=5+t\\y=-9-2t\end{matrix}\right.\).Viết phương trình tổng quát của (d):
bài 3: cho đường thẳng Δ có phương trình tổng quát x-y+2=0. Viết phương trình tham số của Δ
https://i.imgur.com/HaXu9jP.jpg
https://i.imgur.com/b0eBoIF.jpg
https://i.imgur.com/qCoi6pV.jpg
Xem thêm câu trả lời
Cho a,b,c,d,e là các số thực. Chứng minh rằng:
1) \(a^4+b^4+c^4+1\ge2a\left(a^2b-a+c+1\right)\)
2) \(a^2\left(1+b^2\right)+b^2\left(1+c^2\right)+c^2\left(1+a^2\right)\ge6abc\)
3) \(a^2+b^2+c^2+d^2+e^2\ge a\left(b+c+d+e\right)\)
Chứng minh rằng:
a, \(a^2+b^2+c^2+3\ge2\left(a+b+c\right);\forall a,b,c\)
b,\(a^2+b^2+c^2+d^2\ge a\left(b+c+d\right);\forall a,b,c,d\)
c, \(a^2+b^2+c^2+d^2+e^2\ge a\left(b+c+d+e\right);\forall a,b,c,d,e\)
d, \(a^2+b^2+c^2+d^2+ab+cd\ge6;\forall a,b,c,d>0\)và \(abcd=1\)
\(1.\left(a-1\right)^2+\left(b-1\right)^2+\left(c-1\right)^2\ge0\)
\(\Rightarrow a^2+b^2+c^2+3\ge2\left(a+b+c\right)\)
Dấu "=" xảy ra khi \(a=b=c=1\)
\(2.\left(\frac{a}{2}-b\right)^2+\left(\frac{a}{2}-c\right)^2+\left(\frac{a}{2}-d\right)^2+\frac{a^2}{4}\ge0\)
\(\Leftrightarrow a^2+b^2+c^2+d^2\ge a\left(b+c+d\right)\)
Dấu "=" xảy ra khi \(a=b=c=0\)
\(3.\left(\frac{a}{2}-b\right)^2+\left(\frac{a}{2}-c\right)^2+\left(\frac{a}{2}-d\right)^2+\left(\frac{a}{2}-e\right)^2\ge0\)
\(\Leftrightarrow a^2+b^2+c^2+d^2+e^2\ge a\left(b+c+d+e\right)\)
Dấu "=" xảy ra khi \(\frac{a}{2}=b=c=d=e\)
4. Ta có: \(\left(a-b\right)^2\ge0\Rightarrow a^2+b^2\ge2ab\)
\(\left(c-d\right)^2\ge0\Rightarrow c^2+d^2\ge2cd\)
\(\Rightarrow a^2+b^2+c^2+d^2\ge2ab+2cd\)
\(\Rightarrow a^2+b^2+c^2+d^2+ab+cd\ge3ab+3cd\)
Ta lại có:\(\left(\sqrt{ab}-\sqrt{cd}\right)^2\ge0\Rightarrow ab+cd\ge2\sqrt{abcd}=2\)
\(\Rightarrow3\left(ab+cd\right)\ge6\)
\(\Rightarrow a^2+b^2+c^2+d^2+ab+cd\ge3\left(ab+cd\right)\ge6\)
Dấu "=" xảy ra khi \(\hept{\begin{cases}a=b\\c=d\\ab=cd\end{cases}}\Leftrightarrow a=b=c=d\)
Đúng 0
Bình luận (0)
Chứng minh rằng: \(\forall a,b,c,d\)
\(\left(a+b+c+d\right)^2\le3\left(a^2+b^2+c^2+d^2\right)+6ab\)
nhân hết ra rồi phân tích = HĐT chắc vậy :V
Đúng 0
Bình luận (0)
Ừ nhân vô rồi phân tích hằng đẳng thức là ra.
Đúng 0
Bình luận (0)
Câu này dùng C-S cho nhanh:
\(\left(a+b+c+d\right)^2\) \(=\left[\left(a+b\right)+c+d\right]^2\le\left(1^2+1^2+1^2\right)\left[\left(a+b\right)^2+c^2+d^2\right]\)
\(=3\left(a^2+b^2+c^2+d^2+2ab\right)=VP\)
Đúng 0
Bình luận (0)
CM BĐT
a/ \(2a^2+b^2+c^2\ge2a\left(b+c\right)\) \(\forall a,b\)
b/ \(a^2+2b^2+12\ge2b\left(3-a\right)\) \(\forall a,b\)
c/ \(a^2+b^2+c^2\ge2\left(a+b+c\right)-3\) \(\forall a,b\)
a ) \(2a^2+b^2+c^2\ge2a\left(b+c\right)\)
\(\Leftrightarrow a^2-2ab+b^2+a^2-2ac+c^2\ge0\)
\(\Leftrightarrow\left(a-b\right)^2+\left(a-c\right)^2\ge0\)
\(\LeftrightarrowĐPCM.\)
b ) \(a^2+2b^2+12\ge2b\left(3-a\right)\)
\(\Leftrightarrow a^2+2b^2+12\ge6b-2ab\)
\(\Leftrightarrow a^2+2ab+b^2+b^2-6b+9+3\ge0\)
\(\Leftrightarrow\left(a+b\right)^2+\left(b-3\right)^2+3\ge0\)
\(\LeftrightarrowĐPCM.\)
c ) \(a^2+b^2+c^2\ge2\left(a+b+c\right)-3\)
\(\Leftrightarrow a^2+2a+1+b^2+2b+1+c^2+2c+1\ge0\)
\(\Leftrightarrow\left(a+1\right)^2+\left(b+1\right)^2+\left(c+1\right)^2\ge0\)
\(\LeftrightarrowĐPCM.\)
Đúng 0
Bình luận (0)
a)theo cauchy ta có
\(\left\{{}\begin{matrix}a^2+b^2\ge2ab\\a^2+c^2\ge2ac\end{matrix}\right.\)
\(\Leftrightarrow2a^2+b^2+c^2\ge2a\left(b+c\right)\Rightarrowđpcm\)
câu b) xem lại đề , tôi nghĩ phải > 0 mới đúng
c) theo cauchy ta có
\(\left\{{}\begin{matrix}a^2+b^2\ge2ab\\a^2+c^2\ge2ac\\b^2+c^2\ge2bc\end{matrix}\right.\)
cộng lại, rút 2 đi suy ra đpcm
Đúng 0
Bình luận (0)
Cho a,b,c,d dương thỏa mãn \(a^2+b^2+c^2+d^2=4.\)Chứng minh:
\(16\left(2-a\right)\left(2-b\right)\left(2-c\right)\left(2-d\right)\ge\left(a+b\right)\left(b+c\right)\left(c+d\right)\left(d+a\right)\)
Chứng minh với a; b; c; d > 0
\(\sqrt{\left(a^2+c^2\right)\left(b^2+c^2\right)}+\sqrt{\left(a^2+d^2\right)\left(b^2+d^2\right)}\) \(\ge\) \(\left(a+b\right)\left(c+d\right)\)
Áp dụng BĐT Bunhiacopxki:
\(\sqrt{\left(a^2+c^2\right)\left(b^2+c^2\right)}\ge\sqrt{\left(ac+bc\right)^2}=ac+bc\)
CMTT : \(\sqrt{\left(a^2+d^2\right)\left(b^2+d^2\right)}\ge ad+bd\)
Ta có :\(\sqrt{\left(a^2+c^2\right)\left(b^2+c^2\right)}+\sqrt{\left(a^2+d^2\right)\left(b^2+d^2\right)}\ge ac+bc+ad+bd=\left(a+b\right)\left(c+d\right)\)
Đúng 4
Bình luận (0)
Áp dụng BĐT Bunhiacopxki:
CMTT :
Ta có :
Đúng 0
Bình luận (0)
1/ cho \(\frac{a}{b}=\frac{c}{d}\) chứng minh rằng:
a) \(\frac{a.b}{c.d}=\frac{\left(a+b\right)^2}{\left(c+d\right)^2}\)
b) \(\frac{a.d}{c.b}=\frac{\left(a+b\right).\left(a-b\right)}{\left(c+d\right).\left(c-d\right)}\)
2/ cho a.b=c2 chứng minh: \(\frac{a}{b}=\frac{\left(2.a+3.c\right)^2}{\left(2.c\right)+\left(3.b\right)^2}\)