Ta có : C1=2C2

=> Gọi n_H2SO4 =x 

=> n _HCl = 2x

Bảo toàn nguyên tố H :\(n_{HCl}.1+n_{H_2SO_4}.2=n_{H_2}.2\)

\(\Rightarrow2a+2a=\dfrac{13,44}{22,4}=0,6.2\)

=>a = 0,3(mol)

=> CM_HCl = \(\dfrac{0,6}{0,3}=2M\); CM_H2SO4 = \(\dfrac{0,3}{0,3}=1M\)

Dung dịch B gồm : Mg ²⁺ , Al³⁺ , Cl^- , SO4 ^2-

\(n_{Cl^-}=n_{HCl}=0,6\left(mol\right);n_{SO_4^{2-}}=n_{H_2SO_4}=0,3\left(mol\right)\)

Bảo toàn điện tích cho dung dịch B:

\(n_{Mg}.2+n_{Al}.3=0,6+0,3.2\) (1)

Theo đề bài : \(24.n_{Mg}+27.n_{Al}=12,6\) (2)

Từ (1), (2)=> \(\left\{{}\begin{matrix}n_{Mg}=0,3\\n_{Al}=0,2\end{matrix}\right.\)

=> \(\%m_{Mg}=\dfrac{0,3.24}{12,6}.100=57,14\%\)

=> % m _Al = 100 -57.14 = 42,86%

Câu 1 :

nHCl = 1.592 mol => mHCl = 58.108 g

nH2 = 0.195 mol => mH2 = 0.39 g

Mg + 2HCl --> MgCl2 + H2 (1)

2Al + 6HCl --> 2AlCl3 + 3H2 (2)

Al2O3 + 6HCl --> 2AlCl3 + 3H2O (3)

MgO + 2HCl --> MgCl2 + H2O (4)

Từ (1) và (2) :

=> nHCl = 2nH2 = 0.39 mol

=> nHCl (cl) = 1.592 - 0.39=1.202 mol

Từ (3) và (4) :

=> nH2O = nHCl/2 = 1.202/2=0.601 mol

=> mH2O = 10.818 g

Áp dụng ĐLBTKL :

mhh + mHCl = mM + mH2 + mH2O

hay 26.43 + 58.108 = mM + 0.39 + 10.818

=> mM = 73.33 g

Bài 2 :

nH2O = 0.5 mol

2Al(OH)3 -to-> Al2O3 + 3H2O

2Fe(OH)3 -to-> Fe2O3 + 3H2O

Mg(OH)2 -to-> MgO + H2O

Cu(OH)2 -to-> CuO + H2O

=> nX = nH2O = 0.5 mol

Al(OH)3 + 3HCl --> AlCl3 + 3H2O

Fe(OH)3 + 3HCl --> FeCl3 + 3H2O

Cu(OH)2 + 2HCl --> CuCl2 + 2H2O

Mg(OH)2 + 2HCl --> MgCl2 + 2H2O

=> nH2O = nHCl = 0.5 mol

VddHCl = 0.5/1 = 0.5 (l)

Theo gt ta có: $n_{H^+}=0,075(mol);n_{CO_2}=0,03(mol);n_{BaCO_3}=0,09(mol)$

$CO_3^{2-}+H^+\rightarrow HCO_3^-$

$HCO_3^-+H^+\rightarrow CO_2+H_2O$

Ta có: $n_{CO_3^{2-}}=0,045(mol)$

Bảo toàn C ta có: $n_{XHCO_3}=0,075(mol)$

Dùng M trung bình ta có: $14,5625< M_X< 28,125$

Do đó X là Na

Suy ra $\%m_{Na_2CO_3}=44,6\%$

Theo gt ta có: 

$n_{H^+}=0,075(mol);n_{CO_2}=0,03(mol);n_{BaCO_3}=0,09(mol)$

$CO_3^{2-}+H^+\rightarrow HCO_3^-$

$HCO_3^-+H^+\rightarrow CO_2+H_2O$

Ta có: $n_{CO_3^{2-}=0,045(mol)$

Bảo toàn C ta có: $n_{XHCO_3}=0,075(mol)$

Dùng M trung bình ta có: $14,5625< M_{X}< 28,125$

Do đó X là Na

Suy ra $\%m_{Na_2CO_3}=44,6\%$

Định hướng tư duy giải

Đáp án D

Đáp án B

a)

$Mg + CuCl_2 \to MgCl_2 + Cu$
$Fe + CuCl_2 \to FeCl_2 + Cu$
$MgCl_2 + 2NaOH \to Mg(OH)_2 + 2NaCl$
$FeCl_2 + 2NaOH \to Fe(OH)_2 + 2NaCl$
$Mg(OH)_2 \xrightarrow{t^o} MgO  + H_2O$
$4Fe(OH)_2 + O_2 \xrightarrow{t^o} 2Fe_2O_3 + 4H_2O$

b)$m_A = 3,16 < m_{oxit}$ Chứng tỏ Fe dư.

Gọi $n_{Mg} =a  ;n_{Fe\ pư} = b ; n_{Fe\ dư} = c(mol)$

$\Rightarrow 24a + 56b + 56c = 3,16(1)$

Bảo toàn Mg,Fe : 

$40a + 80b = 1,4(2)$

$m_C =m_{Cu} + m_{Fe\ dư} = (a + b).64 + 56c = 3,48(3)$
Từ (1)(2)(3) suy ra a = 0,005 ; b = 0,015;

$\%m_{Mg} = \dfrac{0,005.24}{3,16}.100\% = 3,8\%$
$\%m_{Fe} = 96,2\%$

$n_{CuCl_2} = 0,005 + 0,015 = 0,02(mol)$
$C_{M_{CuCl_2}} = \dfrac{0,02}{0,25} = 0,08M$

Ta thấy :