Cho a, b, c là các số dương : \(a^2+2b^2\le3c^2.CM:\frac{1}{a}+\frac{2}{b}\ge\frac{3}{c}\)
Cho a,b,c là các số dương thỏa mãn \(a^2+2b^2\le3c^2\)Chứng minh \(\frac{1}{a}+\frac{2}{b}\ge\frac{3}{c}\)
Cho a, b, c là các số dương thỏa mãn:\(a^2+2b^2\le3c^2\). Chứng minh:
\(\frac{1}{a}+\frac{2}{b}\ge\frac{3}{c}\)
Đặt \(b=xa;c=ya\Rightarrow a^2+2x^2a^2\le3y^2a^2\Leftrightarrow1+2x^2\le3y^2\)
Ta cần chứng minh:\(\frac{1}{a}+\frac{2}{xa}\ge\frac{3}{ya}\Leftrightarrow1+\frac{2}{x}\ge\frac{3}{y}\)
Vậy ta viết được bài toán thành dạng đơn giản hơn:
Cho x, y > 0 thỏa mãn \(1+2x^2\le3y^2\). Chứng minh:\(1+\frac{2}{x}\ge\frac{3}{y}\)
Tối về em suy nghĩ tiếp ạ!
Ta co:
\(3c^2\ge a^2+b^2+b^2\ge\frac{\left(a+2b\right)^2}{3}\Rightarrow a+2b\le3c\)
\(\Rightarrow VT=\frac{1}{a}+\frac{1}{b}+\frac{1}{b}\ge\frac{9}{a+2b}\ge\frac{9}{3c}=\frac{3}{c}\)
Dau '=' xay ra khi \(a=b=c=1\)
Cho a;b;c là 3 số thực dương thỏa mãn \(a^2+2b^2\le3c^2\)
\(CMR:\) \(\frac{1}{a}+\frac{2}{b}\ge\frac{3}{c}\)
Áp dụng bất đẳng thức bu nhi a ta có
\(\left(a+2b\right)^2\le\left(1+2\right)\left(a^2+2b^2\right)=3.\left(a^2+2b^2\right)\le3.3c^2=9c^2\)
=> \(a+2b\le3c\)
Mà \(\frac{1}{a}+\frac{2}{b}=\frac{1}{a}+\frac{1}{b}+\frac{1}{b}\ge\frac{9}{a+2b}\ge\frac{9}{3c}=\frac{3}{c}\)
=> \(\frac{1}{a}+\frac{2}{b}\ge\frac{3}{c}\left(ĐPCM\right)\)
bạn tl rất hay
cảm ơn bn
Cho a,b,c là 3 số thực dương thõa mãn \(a^2+2b^2\le3c^2\). CMR\(\frac{1}{a}+\frac{2}{b}\ge\frac{3}{c}\)
Áp dụng BĐT Bunhiacopxki:
\(\left(a+2b\right)^2\le\left(a^2+2b^2\right)\left(1+2\right)\le3c^2\cdot3=9c^2\)
\(\Leftrightarrow a+2b\le3c\)
Áp dụng BĐT Cauchy-Schwarz:
\(\frac{1}{a}+\frac{2}{b}=\frac{1}{a}+\frac{4}{2b}\ge\frac{\left(1+2\right)^2}{a+2b}\ge\frac{9}{3c}=\frac{3}{c}\)
Dấu "=" xảy ra \(\Leftrightarrow\frac{1}{a}=\frac{1}{b}\Leftrightarrow a=b\)
Theo đề bài, ta có: \(a^2+2b^2\le3c^2\)\(\Leftrightarrow \dfrac{{{a^2}}}{{{c^2}}} + \dfrac{{2{b^2}}}{{{c^2}}} \le 3\) .
Ta đặt \(\dfrac{a}{c}=x;\dfrac{b}{c}=y\). Suy ra \(x^2+2y^2 \le 3\)
Suy ra \(3 \ge {x^2} + 2{y^2} = {x^2} + {y^2} + {y^2} \ge 3\sqrt[3]{{{x^2}{y^4}}} \Leftrightarrow {x^2}{y^4} \le 1\left( 1 \right)\)
Đặt \(A = \dfrac{c}{a} + \dfrac{{2c}}{b} = \dfrac{1}{x} + \dfrac{2}{y} = \dfrac{1}{{2x}} + \dfrac{1}{{2x}} + \dfrac{1}{{2y}} + \dfrac{1}{{2y}} + \dfrac{1}{{2y}} + \dfrac{1}{{2y}} \ge 6\sqrt[6]{{\dfrac{1}{{2x}}.\dfrac{1}{{2x}}.\dfrac{1}{{2y}}.\dfrac{1}{{2y}}.\dfrac{1}{{2y}}.\dfrac{1}{{2y}}}} \ge \dfrac{6}{2}\sqrt[6]{{\dfrac{1}{{{x^2}{y^4}}}}} = 3\left( 2 \right)\)
Từ $(1)$ và $(2)$ suy ra: \(A \ge 3\) hay \(\dfrac{c}{a} + \dfrac{{2c}}{b} \ge 3 \Leftrightarrow \dfrac{1}{a} + \dfrac{2}{b} \ge \dfrac{3}{c}\left( {dpcm} \right)\)
Cho a,b,c là các số dương thỏa mãn \(a^2+2b^2\le3c^2\).Chứng minh \(\frac{1}{a}+\frac{2}{b}\ge\frac{3}{c}\)
BÀI NÀY CÓ ÁP DỤNG ĐƯỢC SVAC-XƠ KO CÁC BẠN
Thì bạn cứ biết là áp dụng bđt
\(\frac{a^2}{x}+\frac{b^2}{y}\ge\frac{\left(a+b\right)^2}{x+y}\)
\(\frac{1}{a}+\frac{2}{b}=\frac{1}{a}+\frac{4}{2b}\ge\frac{\left(1+2\right)^2}{a+2b}=\frac{9}{a+2b}\) ( BĐT Schwarz )
Ta cần cm \(a+2b\le3c\)
\(\left(a+2b\right)^2=\left(1\cdot a+\sqrt{2}\cdot b\cdot\sqrt{2}\right)^2\le\left(1^2+\left(\sqrt{2}\right)^2\right)\left(a^2+2b^2\right)=3\left(a^2+2b^2\right)\le3.3c^2=9c^2\)( BUN nhiacopxki )
<=> \(\sqrt{\left(a+2b\right)^2}\le\sqrt{9c^2}\Leftrightarrow a+2b\le3c\) ( XONG )
Dấu '' = '' xảy ra khi a = b = c
cho a,b,c>0 thỏa mãn \(a^2+2b^2\le3c^2\)
CM: \(\frac{1}{a}+\frac{2}{b}\ge\frac{3}{c}\)
\(\frac{1}{a}+\frac{2}{b}=\frac{1}{a}+\frac{1}{b}+\frac{1}{b}\overset{BĐT\text{ }Cô-si}{\ge}\frac{9}{a+b+b}=\frac{9}{a+2b}\)
Áp dụng bất đẳng thức Bu-nhi-a-cốp-xki ta có:\(\left(a+2b\right)^2\le\left(1^2+\sqrt{2}^2\right)\left[a^2+\left(\sqrt{2}b\right)^2\right]=3\left(a^2+2b^2\right)\le9c^2\\ \Rightarrow a+2b\le3c\\ \Rightarrow\frac{1}{a}+\frac{2}{b}\ge\frac{9}{a+2b}\ge\frac{9}{3c}=\frac{3}{c}\)
Dấu "=" xảy ra khi:
\(\left\{{}\begin{matrix}a=b\\a^2+2b^2=3c^2\\\frac{a}{1}=\frac{\sqrt{2}b}{\sqrt{2}}\end{matrix}\right.\Rightarrow a=b=c\)
chứng minh\(\frac{1}{a}+\frac{2}{b}\ge\frac{3}{c}\)
biets a.b.c thực dương thoa mãn \(a^2+2b^2\le3c^2\)
Áp dụng BĐT bu-nhi-a ta có \(\left(a+2b\right)^2\le3\left(a^2+2b^2\right)\le9c^2\Rightarrow a+2b\le3c\)
=>\(\frac{1}{a+2b}\ge\frac{1}{3c}\Rightarrow\frac{9}{a+2b}\ge\frac{3}{c}\)
Mà \(\frac{1}{a}+\frac{1}{b}+\frac{1}{b}\ge\frac{9}{a+2b}\ge\frac{3}{c}\Rightarrow\frac{1}{a}+\frac{2}{b}\ge\frac{3}{c}\left(ĐPCM\right)\)
8n
Cho a, b, c là các số dương thỏa mãn: \(a^2+2b^2\le3c^2\). Chứng minh: \(\dfrac{1}{a}+\dfrac{2}{b}\ge\dfrac{3}{c}\)
Tham khảo: https://lazi.vn/edu/exercise/cho-a-b-c-la-cac-so-duong-thoa-man-a2-2b2-3c2-chung-minh-1-a-2-b-3-c
cho \(a^2+2b^2\le3c^2\)
Chứng minh rằng \(\frac{1}{a}+\frac{2}{b}\ge\frac{3}{c}\)
Áp dụng bất đẳng thức cauchy- schawarz
\(\left(a^2+2b^2\right)3\ge\left(a+2b\right)^2\)
\(\Rightarrow a^2+2b^2\ge\frac{\left(a+2b\right)^2}{3}\)\(\Rightarrow\frac{\left(a+2b\right)^2}{3}\le3c^2\Leftrightarrow\left(a+2b\right)^2\le9c^2\Leftrightarrow a+2b\le3c\)
áp dụng bất đẳng thức Cauchy - schawarz dạng engel
\(\frac{1}{a}+\frac{2}{b}=\frac{1}{a}+\frac{4}{2b}\ge\frac{\left(1+2\right)^2}{a+2b}\ge\frac{9}{3c}=\frac{3}{c}\)