\(n_{HCl}=\dfrac{500.7,3}{100}:36,5=1\left(mol\right)\)

\(MgO+2HCl\rightarrow MgCl_2+H_2O\)

 x             2x            x

\(Al_2O_3+6HCl\rightarrow2AlCl_3+3H_2O\)

y               6y            2y

Đặt \(n_{MgO}:x\left(mol\right),n_{Al_2O_3}:y\left(mol\right)\)

Có hệ \(\left\{{}\begin{matrix}2x+6y=1\\40x+102y=18,2\end{matrix}\right.\Rightarrow\left\{{}\begin{matrix}x=0,2\\y=0,1\end{matrix}\right.\)

\(\Rightarrow n_{MgCl_2}=x=0,2\left(mol\right);n_{AlCl_3}=2y=2.0,1=0,2\left(mol\right)\)

\(C\%_{MgCl_2}=\dfrac{0,2.95.100}{18,2+500}=3,67\%\)

\(C\%_{AlCl_3}=\dfrac{0,2.133,5.100}{18,2+500}=5,15\%\)

Gọi số mol HNO₃ đã phản ứng là x (mol)

\(\Rightarrow n_{H_2O}=\dfrac{1}{2}x\left(mol\right)\)

a, Bảo toàn khối lượng ta có:

 \(5,21+63x=16,01+9x\Rightarrow x=0,2\Rightarrow m_{ddHNO_3}=200\left(g\right)\)

b, Ta có: \(n_{Zn\left(NO_3\right)_2}=a\left(mol\right);n_{Al\left(NO_3\right)_3}=2a\left(mol\right)\)

Tăng giảm khối lượng ta có: 

\(a.213-a.189=18,38-16,01\Rightarrow a=0,09875\\ \Rightarrow\%m_{ZnO}=\dfrac{0,09875.81.100\%}{5,21}=???\)

Đáp án > hơn 100% nên em xem lại đề nhé

Đáp án B

Định hướng tư duy giải:

Chất rắn X gồm: Al2O3, Cu, MgO, Fe vì vậy khi hòa tan vào dung dịch HCl loãng dư chỉ thu được 3 muối là MgCl2, AlCl3, FeCl2 (phản ứng không tạo Fe3+ nên không thể hòa tan Cu).

Đáp án B

Định hướng tư duy giải:

Chất rắn X gồm: Al₂O₃, Cu, MgO, Fe vì vậy khi hòa tan vào dung dịch HCl loãng dư chỉ thu được 3 muối là MgCl₂, AlCl₃, FeCl₂ (phản ứng không tạo Fe³⁺ nên không thể hòa tan Cu).

Đáp án B

Định hướng tư duy giải:

Chất rắn X gồm: Al₂O₃, Cu, MgO, Fe vì vậy khi hòa tan vào dung dịch HCl loãng dư chỉ thu được 3 muối là MgCl₂, AlCl₃, FeCl₂ (phản ứng không tạo Fe³⁺ nên không thể hòa tan Cu).

Gọi x,y lần lượt là số mol Al2O3, CuO

Al2O3 + 3H2SO4 → Al2(SO4)3 + 3H2O

CuO + H2SO4 → H2O + CuSO4

\(\left\{{}\begin{matrix}102x+80y=12,3\\3x+y=\dfrac{100.24,5\%}{98}=0,25\end{matrix}\right.\)

=> x= 0,056; y=0,082

=> \(\%m_{Al_2O_3}=\dfrac{0,056.102}{12,3}.100=46,44\%\)

=> %mCuO= 100 - 46,44= 53,56%

b) 

Al2O3 + 6HCl → 2AlCl3 + 3H2O

CuO + 2HCl → CuCl2 + H2O 

=> \(m_{HCl}=\dfrac{(0,056.6+0,082.2).36,5}{7\%}=260,7\%\)

Đáp án B

Ta có: n_NaOH = 0,15 mol; n_Ba(OH)2 = 0,05 mol

Dung dịch Y chứa 0,15 mol Na⁺, 0,05 mol Ba²⁺, u mol AlO₂^- và v mol OH^- dư

Định luật bảo toàn điện tích ta có u + v = 0,15 + 0,05.2 = 0,25 (1)

Ta có: n_HCl = 0,32 mol và n_H2SO4 = 0,04 mol→ n_H+ = 0,4 mol; n_SO4(2-) = 0,04 mol

→ n_BaSO4 = 0,04 mol

Ta có: m_{kết tủa} = 21,02 gam → n_Al(OH)3 = 0,15 mol

Nếu Al(OH)₃ chưa bị hòa tan thì n_H+ = 0,4 = v + 0,15 (2)

Nếu Al(OH)₃ đã bị hòa tan thì n_H+ = 0,4 = v + 4u - 3.0,15 (3)

Giải hệ (1) và (2) ra vô nghiệm

Giải hệ (1) và (3) ra u = 0,2 và v = 0,05

Vậy Y gồm Na⁺ 0,15 mol; 0,05 mol Ba²⁺; 0,2 mol AlO₂^- và OH^-  dư (0,05 mol)

V lít dung dịch Z gồm 0,64V mol HCl và 0,08V mol H₂SO₄

→ n_H+ = 0,8V mol và n_SO4(2-) = 0,08 V mol

Khi Al(OH)₃ max thì 0,8V = u+ v suy ra V = 0,3125

Suy ra n_BaSO4 = 0,025 mol → m_{kết tủa} = 21,425 gam

Khi BaSO₄ max thì 0,08V = 0,05 suy ra V = 0,625

Suy ra n_H+ = 0,8V = v + 4u-3.n_Al(OH)3 → n_Al(OH)3 = 7/60 mol → m_{kết tủa} = 20,75 gam

Vậy m_{kết tủa max} = 21,425 gam

Fe₂O₃ + 6HCl --> 2FeCl₃ + 3H₂O

Al₂O₃ + 6HCl --> 2AlCl₃ + 3H₂O

MgO + 2HCl --> MgCl₂ + H₂O

Bảo toán H: n_HCl = 2.n_H2O (1)

Áp dụng ĐLBTKL:

\(m_A+m_{HCl}=m_M+m_{H_2O}\)

=> \(36,5.n_{HCl}-18.n_{H_2O}=73,8-40,8=33\) (2)

(1)(2) => n_HCl = 1,2 (mol)

=> Vdd = \(\dfrac{1,2}{0,6}=2\left(l\right)\)

a) Bảo toàn khối lượng : $n_{O(oxit)} = \dfrac{23,88 - 15,72}{16} = 0,51(mol)$
$2H^+ + O^{2-} \to H_2O$
$n_{HCl} = 2n_O =  0,51.2 = 1,02(mol)$

b)

$n_{Cl^-} = n_{HCl} = 1,02(mol)$
Suy ra : 

$m_{muối} = m_{kim\ loại} + m_{Cl} = 15,72 + 1,02.35,5 =51,93(gam)$