em chụp gần hơn đc ko,chữ bé quá

Giúp em với ạ !!!! Câu 6 câu 7 câu 9 ạ !!!

Caai 7 :

a) C2H4 + Br2 $\to$ C2H4Br2

b) Theo PTHH : n C2H4 = n Br2 = 8/160 = 0,05(mol)

%V C2H4 = 0,05.22,4/2,24  .100% = 50%

%V CH4 = 100% -50% = 50%

Câu 8 :

a) C2H5OH = a(mol) => n CH3COOH  = 2a(mol)

$C_2H_5OH + Na \to C_2H_5OH + \dfrac{1}{2}H_2$
$CH_3COOH + Na \to CH_3COONa + \dfrac{1}{2}H_2$

Theo PTHH :

n H2 = 1/2 n C2H5OH + 1/2 n CH3COOH = 0,5a + a = 3,36/22,4 = 0,15

=> a = 0,1

=> m = 0,1.46 + 0,1.2.60 = 16,6(gam)

b)

$C_2H_5OH + CH_3COOH \buildrel{{H_2SO_4,t^o}}\over\rightleftharpoons CH_3COOC_2H_5 + H_2O$

Ta thấy : n C2H5OH < n CH3COOH nên hiệu suất tính theo số mol C2H5OH

n CH3COOC2H5 = n C2H5OH pư = 0,1.80% = 0,08(mol)

m este = 0,08.88 = 7,04(gam)

Chụp thế này mà teo tức:(

Câu 7:

Xét hình bình hành ABCD, gọi O là giao của AC và BD

\(OB=OD=\dfrac{BD}{2}\Rightarrow BD=2OB\) (trong hbh 2 đường chéo cắt nhau tại trung điểm mỗi đường)

Ta có

\(BN=\dfrac{1}{3}BD\left(gt\right)\Rightarrow BN=\dfrac{1}{3}.2OB=\dfrac{2}{3}OB\) 

Xét hbh ABEF, gọi I là giao của AE và BF ta có

\(IA=IE=\dfrac{AE}{2}\Rightarrow AE=2IA\) (trong hbh 2 đường chéo cắt nhau tại trung điểm mỗi đường)

Ta có

\(AM=\dfrac{1}{3}AE\left(gt\right)\Rightarrow AM=\dfrac{1}{3}.2IA=\dfrac{2}{3}IA\) (1)

Xét tg ABF có

\(IB=IF\) (trong hbh 2 đường chéo cắt nhau tại trung điểm mỗi đường)  => IA là trung tuyến của tg ABF (2)

Từ (1) và (2) => M là trọng tâm của tg ABF

Gọi K là giao của BM với AF => BK là trung tuyến của tg ABF

\(\Rightarrow BM=\dfrac{2}{3}BK\)

Xét tg BOK có

\(BN=\dfrac{2}{3}OB\left(cmt\right)\Rightarrow\dfrac{BN}{OB}=\dfrac{2}{3}\)

\(BM=\dfrac{2}{3}BK\left(cmt\right)\Rightarrow\dfrac{BM}{BK}=\dfrac{2}{3}\)

\(\Rightarrow\dfrac{BN}{OB}=\dfrac{BM}{BK}=\dfrac{2}{3}\) => MN//OK (Talet đảo trong tam giác) (3)

Xét tg ACF có

BK là trung tuyến của tg ABF (cmt) => KA=KF

Ta có

OA=OC (trong hbh 2 đường chéo cắt nhau tại trung điểm mỗi đường)

=> OK là đường trung bình của tg ACF => OK//CF (4)

Từ (3) và (4) => MN//CF

mà \(CF\in\left(DCEF\right)\)

=> MN//(DCEF)

\(7.P_2O_5+3H_2O\rightarrow2H_3PO_4\\ n_{H_3PO_4}=2n_{P_2O_5}=0,2\left(mol\right)\\ Tacó:\dfrac{n_{KOH}}{n_{H_3PO_4}}=\dfrac{0,35}{0,2}=1,75\\ \Rightarrow Xảyracácphảnứng:\\ KOH+H_3PO_4\rightarrow KH_2PO_4+H_2O\\ 2KOH+H_3PO_4\rightarrow K_2HPO_4+2H_2O\\ Đặt:\left\{{}\begin{matrix}n_{KH_2PO_4}=x\left(mol\right)\\n_{KHPO_4}=y\left(mol\right)\end{matrix}\right.\\ Tacó:\left\{{}\begin{matrix}x+y=0,2\left(BTNT\left(P\right)\right)\\x+2y=0,35\left(BTNT\left(K\right)\right)\end{matrix}\right.\\ \Rightarrow\left\{{}\begin{matrix}x=0,05\\y=0,15\end{matrix}\right.\\ \Rightarrow\left\{{}\begin{matrix}m_{KH_2PO_4}=6,8\left(g\right)\\m_{K_2HPO_4}=26,1\left(g\right)\end{matrix}\right.\)

7. \(PTHH:P_2O_5+6KOH--->2K_3PO_4+3H_2O\)

Vậy chất sau phản ứng là K₃PO₄

Ta thấy: \(\dfrac{0,1}{1}>\dfrac{0,35}{6}\)

Vậy P₂O₅ dư.

Theo PT: \(n_{K_3PO_4}=\dfrac{1}{3}.n_{KOH}=\dfrac{1}{3}.0,35=\dfrac{7}{60}\left(mol\right)\)

\(\Rightarrow m_{K_3PO_4}=\dfrac{7}{60}.212\approx24,7\left(g\right)\)

7)
\(=\dfrac{\left(5-\sqrt{5}\right).\left(1+\sqrt{5}\right)}{\left(1-\sqrt{5}\right)\left(1+\sqrt{5}\right)}+\dfrac{3\left(\sqrt{2}+\sqrt{5}\right)}{\left(\sqrt{2}-\sqrt{5}\right)\left(\sqrt{2}+\sqrt{5}\right)}\)
\(=\dfrac{\left(5-\sqrt{5}\right)\left(1+\sqrt{5}\right)}{1-5}+\dfrac{3\left(\sqrt{2}+\sqrt{5}\right)}{4-5}\)
\(=\dfrac{5+5\sqrt{5}-\sqrt{5}-5}{4}+3\left(\sqrt{2}+\sqrt{5}\right)\)
=\(\dfrac{4\sqrt{5}}{4}+3\left(\sqrt{2}+\sqrt{5}\right)\)
\(=\sqrt{5}+3\sqrt{2}+3\sqrt{5}\)
\(=4\sqrt{5}+3\sqrt{2}\)
 

7: Ta có: \(\dfrac{5-\sqrt{5}}{1-\sqrt{5}}+\dfrac{3}{\sqrt{2}-\sqrt{5}}\)

\(=-\sqrt{5}-3\left(\sqrt{5}+\sqrt{2}\right)\)

\(=-\sqrt{5}-3\sqrt{5}-3\sqrt{2}\)

\(=-4\sqrt{5}-3\sqrt{2}\)