a) CTPT: C_nH_2n-2

\(n_{C_nH_{2n-2}}=\dfrac{10,8}{14n-2}\left(mol\right)\)

=> \(n_{CO_2}=\dfrac{10,8}{14n-2}.n=\dfrac{17,92}{22,4}=0,8\)

=> n = 4

=> CTPT: C₄H₆

b) 

CTCT:
(1) \(CH\equiv C-CH_2-CH_3\) (but-1-in)

(2) \(CH_3-C\equiv C-CH_3\) (but-2-in)

\(n_{CO_2}=0,2\left(mol\right)\Rightarrow n_C=0,2\left(mol\right)\\ n_{H_2O}=0,2\left(mol\right)\Rightarrow n_H=0,4\left(mol\right)\\ n_O=\dfrac{4,4-\left(0,2.12+0,4.1\right)}{16}=0,1\left(mol\right)\\ĐặtCTPTandehitlà:C_xH_yO_z\\ Tacó:x:y:z=0,2:0,4:0,1=2:4:1\\ VậyCTPTandehitlà:C_2H_4O\left(CH_3CHO\right) \)

n C O 2  = 7,84/22,4 = 0,35 mol

n H 2 O = 11,7/18 = 0,65 mol

⇒  n C O 2 <  n H 2 O  ⇒ ankan

⇒ Chọn B.

nCO₂ = 11,648:22,4 = 0,52 mol, nH₂O = 0,67 mol

Ta thấy nH₂O > nCO₂ => hh X gồm 2 ancol no, đơn chức ,kế tiếp.

nX = nH₂O - nCO₂ = 0,15 mol

a) C_nH_2n+2O  +  3n/2O₂  → nCO₂  + (n + 1)H₂O

nO₂ = 1,5nCO₂ = 0,52.1,5 = 0,78 mol

Áp dụng ĐLBT khối lượng => mX = mCO₂ + mH₂O - mO₂ 

<=> mX = 0,52.44 + 0,67.18 - 0,78.32 = 9,98 gam

b)

Số nguyên tử Ctb = \(\dfrac{nCO_2}{nX}\)= \(\dfrac{0,52}{0,15}\)= 3,47

=> 2 ancol là C₃H₇OH và C₄H₉OH.

Gọi số mol C₃H₇OH là x và C₄H₉OH là y ta có:

\(\left\{{}\begin{matrix}x+y=0,15\\60x+74y=9,98\end{matrix}\right.\)=> x= 0,08 và y = 0,07

=> %mC₃H₇OH = \(\dfrac{0,07.60}{9,98}.100\%\)= 42,08% 

%mC₄H₉OH = 100 - 42,08 = 57,92%

c)

CH₃-CH₂-CH₂-OH  +  H₂SO_{4 đặc (170}o_C) → CH₃-CH=CH₂  +  H₂O

CH₃-CH(OH)-CH₃  +  H₂SO_{4 đặc (170}o_C) → CH₃-CH=CH₂  +  H₂O

CH₃-CH₂-CH₂-CH₂-OH +  H₂SO_{4 đặc (170}o_C) → CH₃-CH₂-CH=CH₂  +  H₂O

(CH₃)₃-C-OH +  H₂SO_{4 đặc (170}o_C) → CH₃-C(CH₃)=CH₂  +  H₂O

n C O 2 = 4,48/22,4 = 0,2 mol

⇒ n C = 0,2 mol mC = 2,4 g

n H 2 O = 5,4/18 = 0,3 mol

⇒ n H = 0,3.2 = 0,6 mol m H = 0,6g

⇒ m O =4,6 - 2,4 - 0,6 = 1,6g

⇒ n O / A  = 1,6/16 = 0,1 mol

Vậy A gồm C, H và O.

Gọi CTTQ của A là C x H y O z , ta có:

x : y : z   =   n C   :   n H   :   n O   =   0 , 2   :   0 , 6   :   0 , 1   =   2   :   6   :   1

Vậy CTĐGN của A là C 2 H 6 O n

d A / k k  = 1,58

⇒ M A = 1,58.29 = 46g

⇒ n = 1

Vậy công thức phân tử của A là C 2 H 6 O .

⇒ Chọn B.

1)

\(n_{CO_2}=\dfrac{4,48}{22,4}=0,2\left(mol\right)\)

=> n_C = 0,2 (mol)

Số nguyên tử C = \(\dfrac{0,2}{0,1}=2\) (nguyên tử)

\(n_{H_2O}=\dfrac{3,6}{18}=0,2\left(mol\right)\)

=> n_H = 0,4 (mol)

Số nguyên tử H = \(\dfrac{0,4}{0,1}=4\) (nguyên tử)

CTPT: C₂H₄

CTCT: \(CH_2=CH_2\) (etilen)

2)

a) Khí thoát ra là C₂H₄

\(\%V_{C_2H_4}=\dfrac{0,84}{3,36}.100\%=25\%\)

b)

PTHH: \(CH\equiv CH+2AgNO_3+2NH_3\rightarrow CAg\equiv CAg\downarrow+2NH_4NO_3\)

\(n_{C_2H_2}=\dfrac{3,36-0,84}{22,4}=0,1125\left(mol\right)\)

=> \(n_{C_2Ag_2}=0,1125\left(mol\right)\)

=> m = 0,1125.240 = 27 (g)

1)

\(n_{CO_2}=\dfrac{4,48}{22,4}=0,2\left(mol\right)\)

=> n_C = 0,2 (mol)

Số nguyên tử C = \(\dfrac{0,2}{0,1}=2\) (nguyên tử)

\(n_{H_2O}=\dfrac{3,6}{18}=0,2\left(mol\right)\)

=> n_H = 0,4 (mol)

Số nguyên tử H = \(\dfrac{0,4}{0,1}=4\) (nguyên tử)

CTPT: C₂H₄

CTCT: \(CH_2=CH_2\) (etilen)

2)

Ta thấy: n_H2O = n_CO2   => hidrocacbon N là anken

C_nH_2n   + O₂ à nCO₂  + nH₂O

  0,2                              0,8

=> 0,2n = 0,8   => n = 4  => anken là C₄H₈

=> N, P, Q là các đồng phân của nhau và cùng CTPT là C₄H₈

Khi đốt cháy N hoặc P hoặc Q đều cho số mol CO₂ và H₂O giống nhau

CH₃-CH₂-CH₂-CH₃    (1)                     CH₃-CH(CH₃)-CH₃  (2)

Trong 2 đồng phân trên chỉ có (1) tách hidro cho 3 sản phẩm là đồng phân của nhau

CH₃-CH₂-CH₂-CH₃   à CH₃-CH=CH-CH₃   + H₂

                                      (cis-trans)

CH₃-CH₂-CH₂-CH₃    à  CH₂=CH-CH₂-CH₃  + H₂

a, \(n_{CO_2}=\dfrac{3,36}{22,4}=0,15\left(mol\right)\)

\(n_{H_2O}=\dfrac{3,6}{18}=0,2\left(mol\right)\)

Vì: n_H2O > n_CO2 → X là ankan.

Ta có: n_X = 0,2 - 0,15 = 0,05 (mol)

Gọi CTPT của X là C_nH_2n+2

\(\Rightarrow n=\dfrac{n_{CO_2}}{n_X}=3\)

→ CTPT của X là C₃H₈.

CTCT: CH₃-CH₂-CH₃. Tên gọi: propan.

b, - Thu 2 sản phẩm thế monoclo.

PT: \(CH_3-CH_2-CH_3+Cl_2\underrightarrow{as}\left[{}\begin{matrix}CH_2Cl-CH_2-CH_3\\CH_3-CHCl-CH_3\end{matrix}\right.\) \(+HCl\)