a. Gọi công thức chung là CnH2n (n không nhỏ hơn 2)

\(n_{kt}=0,55mol=n_{CO_2}=n_{H_2O}\)

\(n_{anken\left(olefin\right)}=n_{Br_2}=0,25mol\)

=> n = 0,55 : 0,25 = 2,2

=> 2 olefin đó là C2H4 và C3H6.

a = 0,25(12.2,2 + 2.2,2) = 7,7 g

b. Gọi số mol C2H4, C3H6 trong hh lần lượt là u, v mol

n(hỗn hợp) = u + v = 0,25

m(hỗn hợp) = 28u + 42v = 7,7

=> u = 0,2; v = 0,05

=> %mC2H4 = 72,73%

=> %mC3H6 = 27,27%

anken nCo2 = nH20
- Ca(oh)2 dư => 55g kết tủa = CaCO3 => nCO2 = nH20 = 0.55 mol
=>> a = 0.55*(12+2) = ?

mol hỗn hợp = 0.25 mol => khối lượng trung bình = a / 0.25
=>> hỗn hợp

Benzen không cộng hợp với brom trong nước brom.

Xiclohexen có phản ứng:

Số mol xiclohexen = số mol B r 2

Đặt số mol benzen trong hỗn hợp M là x.

2 C 6 H 6        +       15 O 2        →       12 C O 2        +       6 H 2 O

x mol                                            6x mol

2 C 6 H 10        +       17 O 2        →       12 C O 2        +       10 H 2 O

015 mol                                      0,09 mol

C O 2        +        C a ( O H ) 2        →       C a C O 3 ↓       +        H 2 O

6x + 0,09 = 0,210 ⇒ x = 0,02

Khối lượng hỗn hợp M là : 0,02.78 + 0,015.82 = 2,79 (g).

% về khối lượng của  C 6 H 6  là:

⇒  C 6 H 10  chiếm 44,1% khối lượng hỗn hợp M.

Đáp án B

Hướng dẫn 

Phương trình phản ứng:

Vậy có 2 ancol no là C₃H₇OH và C₄H₉OH

Khi tách nước C₃H₇OH cho 1 sản phẩm duy nhất là CH₂ = CH – CH₃ . Như vậy 3 sản phẩm còn lại phải có 1 cặp là đồng phân hình học cis-trans và 1 sản phẩm phụ

=> C₄H₉OH phải là butan-2-ol.

Không biết đề có cho 2 hidrocacbon kế tiếp nhau trong dãy đồng đẳng không bạn nhỉ?

Ta có: \(n_{CO_2}=n_{CaCO_3}=\dfrac{12,5}{100}=0,125\left(mol\right)\)

m _giảm = m_CaCO3 - m_CO2 - m_H2O

⇒ m_H2O = 12,5 - 0,125.44 - 3,85 = 3,15 (g)

\(\Rightarrow n_{H_2O}=\dfrac{3,15}{18}=0,175\left(mol\right)\)

Có: n_H2O > n_CO2 → X là ankan.

⇒ n_X = 0,175 - 0,125 = 0,05 (mol)

Gọi CTPT chung của X là \(C_{\overline{n}}H_{2\overline{n}+2}\)

\(\Rightarrow\overline{n}=\dfrac{n_{CO_2}}{n_X}=2,5\)

Mà: 2 hidrocacbon kế tiếp nhau trong dãy đồng đẳng.

→ C₂H₆ và C₃H₈.

a) \(n_{O_2}=\dfrac{21,056}{22,4}=0,94\left(mol\right)\)

\(n_{CaCO_3}=\dfrac{52}{100}=0,52\left(mol\right)\)

BTNT C: \(n_C=n_{CO_2}=n_{CaCO_3}=0,52\left(mol\right)\)

BTNT O: \(n_{H_2O}=2n_{O_2}-2n_{CO_2}=0,84\left(mol\right)\)

\(\Rightarrow n_{ankan}=n_{H_2O}-n_{CO_2}=0,32\left(mol\right)\)

\(\Rightarrow\text{Số }\overline{C}_{\text{trung bình}}=\dfrac{n_C}{n_{ankan}}=\dfrac{0,52}{0,32}=1,625\)

Vì 2 ankan liên tiếp nhau trong dãy đồng đẳng nên 2 ankan là CH₄ (metan) và C₂H₆ (etan)

b) BTNT H: \(n_H=2n_{H_2O}=1,68\left(mol\right)\)

Gọi \(\left\{{}\begin{matrix}n_{CH_4}=a\left(mol\right)\\n_{C_2H_6}=b\left(mol\right)\end{matrix}\right.\left(a,b>0\right)\)

\(\Rightarrow\left\{{}\begin{matrix}n_C=n_{CH_4}+2n_{C_2H_6}=a+2b=0,52\\n_H=4n_{CH_4}+6n_{C_2H_6}=4a+6b=1,68\end{matrix}\right.\Leftrightarrow\left\{{}\begin{matrix}a=0,12\\b=0,2\end{matrix}\right.\left(TM\right)\)

\(\Rightarrow\left\{{}\begin{matrix}\%m_{CH_4}=\dfrac{0,12.16}{0,12.16+0,2.30}.100\%=24,24\%\\\%m_{C_2H_6}=100\%-24,24\%=75,76\%\end{matrix}\right.\)

c) 

\(CH_4+Cl_2\xrightarrow[]{askt}CH_3Cl\left(\text{metyl clorua}\right)+HCl\\ C_2H_6+Cl_2\xrightarrow[]{askt}C_2H_5Cl\left(\text{etyl clorua}\right)+HCl\)

Chọn A

C₂H₆  và C₃H₈

Đáp án B

Theo giả thiết ta có :  n C O 2 =   n C a C O 3 = 0 , 25   m o l  

Khối lượng dung dịch giảm 7,7 gam nên suy ra :

25 - 0 , 25   .   44 -   m H 2 O   = 7 , 7 ⇒ m H 2 O   = 6 , 3   g a m   ⇒ n H 2 O   =   0 , 35   m o l  

Hỗn hợp X gồm hai chất đồng đẳng, đốt cháy X cho số mol nước lớn hơn số mol CO₂ chứng tỏ X gồm hai ankan.

Đặt công thức phân tử trung bình của hai ankan trong X là  C n ¯ H 2 n ¯ + 2

Phương trình phản ứng cháy : C n ¯ H 2 n ¯ + 2 + 3 n ¯ + 1 2 O 2 → n ¯ C O 2 + n ¯ + 1 H 2 O     ( 1 )

Từ phản ứng ta suy ra : n H 2 O     n C O 2 = n ¯ + 1 n ¯ = 0 , 35 0 , 25   ⇒ n ¯ = 2 , 5 h o ặ c   n ¯ = n C O 2 n H 2 O   - n C O 2 = 2 , 5

Với số C trung bình bằng 2,5 và căn cứ vào các phương án ta thấy hai ankan là : C₂H₆ và C₃H₈. 

a, \(C_2H_2+2Br_2\rightarrow C_2H_2Br_4\)

\(n_{Br_2}=\dfrac{16}{160}=0,1\left(mol\right)\)

Theo PT: \(n_{C_2H_2}=\dfrac{1}{2}n_{Br_2}=0,05\left(mol\right)\)

\(\Rightarrow V_{C_2H_2}=0,05.22,4=1,12\left(l\right)\)

\(\Rightarrow V_{CH_4}=3,36-1,12=2,24\left(l\right)\)

b, \(CH_4+2O_2\underrightarrow{t^o}CO_2+2H_2O\)

\(2C_2H_2+5O_2\underrightarrow{t^o}4CO_2+2H_2O\)

\(n_{CH_4}=\dfrac{2,24}{22,4}=0,1\left(mol\right)\)

Theo PT: \(n_{O_2}=2n_{CH_4}+\dfrac{5}{2}n_{C_2H_2}=0,325\left(mol\right)\)

\(\Rightarrow V_{O_2}=0,325.22,4=7,28\left(l\right)\Rightarrow V_{kk}=5V_{O_2}=36,4\left(l\right)\)

Theo PT: \(n_{CO_2}=n_{CH_4}+2n_{C_2H_2}=0,2\left(mol\right)\)

\(CO_2+Ca\left(OH\right)_2\rightarrow CaCO_{3\downarrow}+H_2O\)

\(\Rightarrow n_{CaCO_3}=n_{CO_2}=0,2\left(mol\right)\Rightarrow m_{CaCO_3}=0,2.100=20\left(g\right)\)