\(a,m_{dd}=\dfrac{5}{12\%}=\dfrac{125}{3}\left(g\right)\\ b,m_{dd}=\dfrac{4}{7,3\%}=\dfrac{4000}{73}\left(g\right)\\ c,m_{NaOH}=0,5.40=20\left(g\right)\\ m_{dd}=\dfrac{20}{10\%}=200\left(g\right)\)

\(m_{\text{dd}}=\dfrac{5.100}{12}=41,6\left(g\right)\\ m_{\text{dd}}=\dfrac{4.100}{7,3}=\dfrac{4000}{73}\left(g\right)\\ m_{\text{dd}}=\dfrac{\left(0,5.40\right).100}{10}=200\left(g\right)\)

\(a,m_{NaCl}=\dfrac{8.200}{100}=16\left(g\right)\\ b,m_{HCl}=\dfrac{250.14}{100}=35\left(g\right)\\ m_{H_2SO_4}=\dfrac{19,6.300}{100}=58,8\left(g\right)\)

a. Khối lượng chất tan: 10g

khối lượng dung dịch : 100g

b.

Khối lượng chất tan: 6,2 g

khối lượng dung dịch :111,6g

c.

Khối lượng chất tan: 4,6g

khối lượng dung dịch :154,6g

d.

Khối lượng chất tan: 6,5g

khối lượng dung dịch :206,5g

\(a,m_{ct}=10\left(g\right)\\ m_{dd}=10+90=100\left(g\right)\)

b, \(n_{Na_2O}=\dfrac{6,2}{62}=0,1\left(mol\right)\)

PTHH: Na₂O + H₂O ---> 2NaOH

            0,1                          0,2

\(m_{ct}=0,2.40=8\left(g\right)\\ m_{dd}=6,2+105,4=111,6\left(g\right)\)

c, \(n_{Na}=\dfrac{4,6}{23}=0,2\left(mol\right)\)

PTHH: 2Na + 2H₂O ---> 2NaOH + H₂

            0,2                        0,2        0,1

m_ct = 0,2.40 = 8 (g)

\(m_{dd}=4,6+150-0,1.2=154,4\left(g\right)\)

d, \(n_{Zn}=\dfrac{6,5}{65}=0,1\left(mol\right)\)

PTHH: Zn + 2HCl ---> ZnCl₂ + H₂

            0,1                     0,1      0,1

m_ct = 0,1.136 = 13,6 (g)

m_dd = 200 + 6,5 - 0,2 = 206,3 (g)

`n_[Fe_2 O_3]=20/160=0,125(mol)`

`n_[HCl]=[10,95.300]/[100.36,5]=0,9(mol)`

`Fe_2 O_3 +6HCl->2FeCl_3 +3H_2 O`

  `0,125`        `0,75`       `0,25`                          `(mol)`

Ta có: `[0,125]/1 < [0,9]/6 =>HCl` dư, `Fe_2 O_3` hết

   `C%_[FeCl_3]=[0,25.162,5]/[20+300].100=12,7%`

   `C%_[HCl(dư)]=[(0,9-0,75).36,5]/[20+300].100=1,7%`

a) Ta có: \(n_{NaCl}=\dfrac{5,85}{58,5}=0,1\left(mol\right)\)

\(\Rightarrow C_{M_{NaCl}}=\dfrac{0,1}{0,5}=0,2\left(M\right)=\left[Na^+\right]=\left[Cl^-\right]\)

b) Ta có: \(n_{Ba\left(OH\right)_2}=\dfrac{34,2}{171}=0,2\left(mol\right)\) 

\(\Rightarrow C_{M_{Ba\left(OH\right)_2}}=\dfrac{0,2}{0,5}=0,4\left(M\right)\) \(\Rightarrow\left\{{}\begin{matrix}\left[Ba^{2+}\right]=0,4\left(M\right)\\\left[OH^-\right]=0,8\left(M\right)\end{matrix}\right.\)

c) Ta có: \(n_{H_2SO_4}=0,025\cdot2=0,05\left(mol\right)\)

\(\Rightarrow C_{M_{H_2SO_4}}=\dfrac{0,05}{0,125+0,025}\approx0,33\left(M\right)\) \(\Rightarrow\left\{{}\begin{matrix}\left[H^+\right]=0,66\left(M\right)\\\left[SO_4^{2-}\right]=0,33\left(M\right)\end{matrix}\right.\)

\(a,n_{HCl}=\dfrac{7,3}{36,5}=0,2\left(mol\right)\\ C_{M\left(HCl\right)}=\dfrac{0,2}{0,4}=0,5M\\ b,n_{H_2SO_4}=\dfrac{73,5}{98}=0,75\left(mol\right)\\ C_{M\left(H_2SO_4\right)}=\dfrac{0,75}{0,5}=1,5M\\ n_{NaOH}=\dfrac{16}{40}=0,4\left(mol\right)\\ C_{M\left(NaOH\right)}=\dfrac{0,4}{0,25}=1,6M\\ n_{Ba\left(OH\right)_2}=\dfrac{34,2}{171}=0,2\left(mol\right)\\ C_{M\left(Ba\left(OH\right)_2\right)}=\dfrac{0,2}{0,8}=0,25M\)

Cho C tác dụng với dung dịch NaOH dư xuất hiện kết tủa trắng xanh, sau đó hóa nâu đỏ. 

=> Kết tủa là Fe(OH)2 ----> Fe(OH)3

B hòa tan vào dung dịch HCl có khí bay lên và tác dụng được với dung dịch C

=> B là FeCO3, C là FeCl2

 Dung dịch A tác dụng với NaOH, đun nóng có khí mùi khai bay ra

=>Có muối amoni

=> A là (NH4)2CO3

PTHH: (NH4)2CO3 + 2NaOH → Na2CO3 + 2NH3 + 2H2O

2HCl + FeCO3 → FeCl2 + H2O + CO2

FeCl2 + 2NaOH → Fe(OH)2 + 2NaCl

4Fe(OH)2 + O2 + 2H2O → 4Fe(OH)3

\(a,C\%_{CuSO_4}=\dfrac{5}{200+5}.100\%=2,43\%\\ b,C\%_{NaOH}=\dfrac{0,2.40}{200}.100\%=4\%\\ c,n_{NH_3}=\dfrac{6,72}{22,4}=0,3\left(mol\right)\\ C\%_{NH_3}=\dfrac{0,3.17}{200+0,3.17}.100\%=2,5\%\\ d,n_{KCl}=\dfrac{9.10^{22}}{6.10^{23}}=0,15\left(mol\right)\\ C\%_{KCl}=\dfrac{0,15.74,5}{200}=5,5875\%\)