$\%m_{O_2(X)}=\dfrac{1,6}{1,6+4,4}.100\%=26,67\%$

$n_{CO_2}=\dfrac{4,4}{44}=0,1(mol);n_{O_2}=\dfrac{1,6}{16}=0,05(mol)$

$\Rightarrow \%V_{O_2(X)}=\dfrac{0,05}{0,05+0,1}.100\%=33,33\%$

$C+O_2\xrightarrow{t^o}CO_2$

Theo PT: $n_C=n_{O_2(p/ứ)}=n_{CO_2}=0,1(mol)$

$\Rightarrow n_{O_2(dùng)}=0,1+0,05=0,15(mol)$

$m_C=0,1.12=1,2(g);V_{O_2(dùng)}=0,15.22,4=3,36(lít)$

$\to m=1,2;V=3,36$

Thành phần theo khối lượng:

Thành phần phần trăm theo thể tích:

Khối lượng của các khí:

Thành phần phần trăm theo khối lượng:

Thành phần phần trăm theo thể tích:

Thành phần % theo khối lượng:

Thành phần % về thể tích:

Câu 1: 

\(4P+5O_2\rightarrow2P_2O_5\)

\(n_P=\dfrac{15.5}{31}=0.5\left(mol\right)\)

\(\Leftrightarrow n_{P_2O_5}=0.25\left(mol\right)\)

\(\Leftrightarrow m_{P_2O_5}=0.25\cdot142=35.5\left(g\right)\)

Câu 1: 

4P + 5O₂ \(\underrightarrow{t^o}\) 2P₂O₅

\(n_P=\dfrac{15,5}{31}=0,5mol\)

\(n_{O_2}=\dfrac{0,5.5}{4}=0,625mol\)

\(V_{O_2}=0,625.22,4=14l\)

\(n_{P_2O_5}=\dfrac{0,5.2}{4}=0,25mol\\ m_{P_2O_5}=0,25.142=35,5g\)

Câu 2:

4P + 5O₂ \(\underrightarrow{t^o}\) 2P₂O₅

\(n_P=\dfrac{15,5}{31}=0,625mol\\ n_{P_2O_5}=\dfrac{0,625.2}{4}=0,25mol\\ m_{P_2O_5}=0,25.142=35,5g\)

\(Bài.2.có.nhiều.cách.làm.nhé.bạn\)

a, PT: \(4P+5O_2\underrightarrow{t^o}2P_2O_5\)

b, Ta có: \(n_{P_2O_5}=\dfrac{7,1}{142}=0,05\left(mol\right)\)

Theo PT: \(n_P=2n_{P_2O_5}=0,1\left(mol\right)\)

\(\Rightarrow m_P=0,1.31=3,1\left(g\right)\)

\(n_{O_2}=\dfrac{5}{2}n_{P_2O_5}=0,125\left(mol\right)\)

\(\Rightarrow V_{O_2}=0,125.22,4=2,8\left(l\right)\)

c, Có: \(V_{O_2\left(dư\right)}=2,8.15\%=0,42\left(l\right)\)

\(\Rightarrow V_{O_2}=2,8+0,42=3,22\left(l\right)\)

a: \(C+O_2\rightarrow CO_2\)(ĐK: t độ)

b: \(n_C=n_{CO_2}=\dfrac{2.4}{12}=0.2\left(mol\right)\)

\(m_{CO_2}=0.2\cdot44=8.8\left(g\right)\)

c: \(n_{O_2}=0.2\left(mol\right)\)

\(\Leftrightarrow V_{O_2}=4.48\left(lít\right)\)

hay \(V_{KK}=22.4\left(lít\right)\)

a. \(n_C=\dfrac{2,4}{12}=0,2\left(mol\right)\)

PTHH : C + O₂ -t^o> CO₂

           0,2     0,2       0,2

b. \(m_{CO_2}=0,2.44=8,8\left(g\right)\)

c. \(V_{O_2}=0,2.22,4=4,48\left(l\right)\)

\(V_{kk}=4,48.5=22,4\left(l\right)\)

n _C=\(\dfrac{2,4}{12}\)=0,2 mol

C+O₂-to>CO₂

0,2--0,2-----0,2 mol

=>m _CO2=0,2.44=8,8g

=>V _kk=0,2.22,4.5=22,4l

tham khảo

Ta có: dA/O2=¯¯¯¯¯¯¯¯MA32=1,25⇒¯¯¯¯¯¯¯¯MA=32.1,25=40(∗)dA/O2=MA¯32=1,25⇒MA¯=32.1,25=40(∗)

Phương trình phản ứng : C+O2→CO2(1)C+CO2→2CO(2)C+O2→CO2(1)C+CO2→2CO(2)

Bài toán này có thể xảy ra hia trường hợp sau :

Trường hợp 1 : Oxi dư (không có phản ứng 2) : Hỗn hợp A gồm CO2 và O2 dư. Thành phần phần trăm các chất trong hỗn hợp về mặt toán học không ảnh hưởng đến số mol hỗn hợp. Xét 1 mol hỗn hợp A, trong đó X là số mol của CO2 và (1-x) là số mol của O2 dư.

Ta c󠯯¯¯¯¯¯¯MA=44x+(1–x)321=40⇒x=23MA¯=44x+(1–x)321=40⇒x=23

Vậy %VCO2=23.100=66,67%%VCO2=23.100=66,67%

        %VO2=33,33%.%VO2=33,33%.

Trường hợp 2 : O2 thiếu (có phản ứng 2), hỗn hợp A có CO2 và CO.

Tương tự trên, xét 1 mol hỗn hợp A, trong đó A là số mol của CO2 và (1-a) là số mol của CO.

Ta có : ¯¯¯¯¯¯¯¯MA=44x+(1–x)281=40⇒x=0,75MA¯=44x+(1–x)281=40⇒x=0,75

Vậy %VCO2=aa+b.100=3b4b.100=75%%VCO2=aa+b.100=3b4b.100=75%

       %VCO=25%.%VCO=25%.

b) Tính m, V.

CO2+Ca(OH)2→CaCO3↓+H2O0,06←0,06=6100CO2+Ca(OH)2→CaCO3↓+H2O0,06←0,06=6100

Trường hợp 1 : nCO2=0,06mol⇒nO2dư=0,03(mol)nCO2=0,06mol⇒nO2dư=0,03(mol)

Vậy mc=0,06.12=0,72gammc=0,06.12=0,72gam

VO2=(0,06+0,03).22,4=2,016VO2=(0,06+0,03).22,4=2,016(lít)

Trường hợp 2 : nCO2=0,06mol,nCO=13nCO2=0,02(mol)nCO2=0,06mol,nCO=13nCO2=0,02(mol)

⇒nC=nCO2+nCO=0,06+0,02=0,08⇒mC=0,08.12=0,96(g)nO2=nCO2+12nCO=0,06+0,01=0,07mol⇒VO2=0,07.22,4=1,568(lit)⇒nC=nCO2+nCO=0,06+0,02=0,08⇒mC=0,08.12=0,96(g)nO2=nCO2+12nCO=0,06+0,01=0,07mol⇒VO2=0,07.22,4=1,568(lit)