a) \(n_{O_2}=\dfrac{21,28}{22,4}=0,95\left(mol\right)\)

\(n_{CaCO_3}=\dfrac{60}{100}=0,6\left(mol\right)\)

=> n_CO2 = 0,6 (mol)

Bảo toàn O: \(n_{H_2O}=0,95.2-0,6.2=0,7\left(mol\right)\)

m_{dd giảm} = \(m_{CaCO_3}-m_{CO_2}-m_{H_2O}=60-0,6.44-0,7.18=21\left(g\right)\)

b) \(n_X=n_{H_2O}-n_{CO_2}=0,7-0,6=0,1\left(mol\right)\)

=> n_Y = \(\dfrac{5,6}{22,4}-0,1=0,15\left(mol\right)\)

Theo ĐLBTKL: m_A = 0,6.44 + 0,7.18 - 0,95.32 = 8,6 (g)

=> 0,1.M_X + 0,15.M_Y = 8,6

Do M_Y > 0 => M_X < 86 (g/mol)

- Nếu X là CH₄ => M_Y = \(\dfrac{140}{3}\) (Loại)

- Nếu X là C₂H₆ => M_Y = \(\dfrac{112}{3}\) (Loại)

- Nếu X là C₃H₈ => M_Y = 28 (C₂H₄)

- Nếu X là C₄H₁₀ => M_Y = \(\dfrac{56}{3}\) (Loại)

- Nếu X là C₅H₁₂ => M_Y = \(\dfrac{28}{3}\) (Loại)

Vậy X là C₃H₈, Y là C₂H₄

Đáp án A

\(n_{hhkhí}=\dfrac{2,8}{22,4}=0,125\left(mol\right)\\ n_{O_2}=\dfrac{6,72}{22,4}=0,3\left(mol\right)\\ Gọi\left\{{}\begin{matrix}n_{CH_4}=a\left(mol\right)\\n_{C_2H_2}=b\left(mol\right)\end{matrix}\right.\)

PTHH: 

CH₄ + 2O₂ \(\underrightarrow{t^o}\) CO₂ + 2H₂O

   a       2a         a

2C₂H₂ + 5O₂ \(\underrightarrow{t^o}\) 4CO₂ + 2H₂O

b              2,5b      2b

Hệ phương trình: \(\left\{{}\begin{matrix}a+b=0,125\\2a+2,5b=0,3\end{matrix}\right.\Leftrightarrow\left\{{}\begin{matrix}a=0,025\left(mol\right)\\b=0,1\left(mol\right)\end{matrix}\right.\)

\(\%V_{C_2H_2}=\dfrac{0,1}{0,125}=80\%\\ \%_{CH_4}=100\%-80\%=20\%\)

n_CO2 = 2.0,025 + 2.0,1 = 0,25 (mol)

PTHH: Ca(OH)₂ + CO₂ -> CaCO₃ + H₂O

                                0,25      0,25

=> m_CaCO3 = 0,25.100 = 25 (g)

Đáp án D

Hướng dẫn Anđehit acrylic: CH₂=CH-CHO

n_O2 = 1,33 mol;

n_CaCO3 = 1,04 mol => n_CO2 = 1,04 mol

Vì hỗn hợp A gồm 2 anđehit đơn chức => n_A = n_{O trong A} = a mol

Bảo toàn O: n_{O trong A} + 2.n_O2 = 2.n_CO2 + n_H2O

=> n_H2O = a + 2.1,33 – 2.1,04 = a + 0,58 mol

Bảo toàn khối lượng: m_A + m_O2 = m_CO2 + m_H2O

=> 19,04 + 1,33.32 = 1,04.44 + (a + 0,58).18 => a = 0,3 mol

=> số C trung bình trong A = n_CO2 / n_A = 3,467 

=> anđehit X có số C > 3,467

Dựa vào 4 đáp án => X là C₃H₇CHO

Đáp án C

C₆H₁₂O₆, C₂H₄O₂, C₁₂H₂₂O₁₁. Quy đổi thành C_nH_2mO_m

C_nH_2mO_m + nO₂ → nCO₂ + mH₂O

Ta thấy n_CO2 = n_O2 = 0,3 mol => m_CaCO3 = 0,3.100 = 30 gam

Chọn đáp án C

Trước hết ta tính được tất cả những gì có thể tính được ngay:

+ Dễ thấy vì dung dịch Ca(OH)₂ là dùng dư nên có ngay 

+ Quan sát dữ kiện đề cho, vì đề cho đốt cháy A cần vừa hết 4,592 lít oxi. Đây chính là dấu hiệu bảo toàn O trong phản ứng đốt cháy, và bảo toàn khối lượng của phản ứng:

+ Vì hỗn hợp A gồm 2 anđehit đều đơn chức nên có dạng RCHO, do đó n_A = n_{O(trong a)}

+ Áp dụng định luật bảo toàn nguyên tố O, ta được:

n_O(trongA)=2.0,17 + 0,14 - 0,205.2 = 0,07 mol ⟹ n_A =0,07mol.

+ Do đó khối lượng trung bình của hỗn hợp anđehit là

Vì anđehit acrylic CH₂ = CH - CHO có phân tử khối là 56 nên suy ra được X < 49,14 ⟹ loại ngay đáp án C và D.

+ Vì X là anđehit no đơn chức nên có dạng C_nH_2nO ⇒  

Vì anđehit acrylic là anđehit có một nối đôi, đơn chức có công thức là C₃H₄O

⇒ 

Vậy 

Suy ra số mol của anđehit X là: 

+ Gọi X là khối lượng phân tử của anđehit X thì:m_A = 56.0,03 + 0,04.X = 3,44 => X = 44  X là CH₃CHO.

Đáp án B

a)

Gọi CT của ankan là C_nH_2n+2

C_nH_2n+2 + O₂ \(\underrightarrow{t^o}\)  nCO2 + (n+1)H2O

Theo đầu bài ta có: m_CO2  + m_H2O = 20,4

n = 3

Vậy CTPT của X là C3H8. …

Vì hỗn hợp Z tác dụng với dung dịch AgNO₃/NH₃ thu được kết tủa \(\rightarrow\) hiđrocacbon B có liên kết 3 đầu mạch.

Gọi CTTB của 2 hidrocacbon A và B là \(C_{\overline{x}}H_{\overline{y}}\)

\(C_{\overline{x}}H_{\overline{y}}\) + O2 \(\rightarrow\overline{x}\)CO₂ + \(\frac{\overline{y}}{2}\)H₂O

Theo đề bài ta có \(\overline{x}\) = 2,6 (vì \(\overline{x}\) = 2,6 nên hiđroccacbon B có số nguyên tử nhỏ hơn 2,6).

Vậy hiđrocacbon B là C₂H₂

Gọi \(n_{C_2H_2}=x,\) \(n_{C_3H_8}=y\) .Ta có: \(\begin{cases}x+y=0,1\\2x+3y=0,26\end{cases}\)\(\rightarrow\begin{cases}x=0,04\\y=0,06\end{cases}\)

Khối lượng kết tủa là C₂Ag₂ m = 9,6 gam