Câu 1.

\(V_{C_2H_5OH}=\dfrac{90.90}{100}=81\left(ml\right)\)

\(m_{C_2H_5OH}=81.0,8=64,8g\)

\(n_{C_2H_5OH}=\dfrac{64,8}{46}=1,4mol\)

\(2C_2H_5OH+2Na\rightarrow2C_2H_5ONa+H_2\)

    1,4                                                   0,7        ( mol )

\(V_{H_2}=0,7.22,4=15,68l\)

Câu 2.

\(n_{CaCO_3}=\dfrac{100}{100}=1mol\)

\(Ca\left(OH\right)_2+CO_2\rightarrow CaCO_3+H_2O\)

                        1            1                      ( mol )

\(C_2H_5OH+3O_2\rightarrow\left(t^o\right)2CO_2+3H_2O\)

       0,5          1,5             1                          ( mol )

\(V_{kk}=\left(1,5.22,4\right).5=168l\)           

\(m_{C_2H_5OH}=0,5.46=23g\)  

\(V_{C_2H_5OH}=\dfrac{23}{0,8}=28,75ml\)

Độ rượu = \(\dfrac{28,75}{30}.100=95,83^o\)

2C2H5OH+2Na\(\rightarrow\)2C2H5ONa+H2

nH2=\(\frac{170,24}{22,4}\)=7,6(mol)

\(\rightarrow\)nC2H5OH=7,6.2=15,2(mol)

mC2H5OH=15,2.46=699,2(g)

VC2H5OH=\(\frac{699,2}{0,8}\)=874(ml)

Vdd spu=874+216=1090(ml)

độ rượu=\(\frac{874}{\text{1090}}.100\%\)=80,18

Đáp án : D

Gọi số mol Mg = Fe = x ; số mol Al = y ; số mol Cu = z trong X

=> 80x + 27y + 64z = 7,5g

2 n H 2 = 2n_Mg + 2n_Fe + 3n_Al

=> 4x + 3y = 0,46 mol

Khi cho 1 lượng vừa đủ Mg(NO₃)₂ để phản ứng với Cu và Fe²⁺

tạo khí không màu hóa nâu trong không khí (NO)

=> NO₃^- chuyển hoàn toàn thành NO

=> bảo toàn e : 2n_Cu + n F e 2 +  = 3n_NO = 3 n N O 3

=>  n N O 3  = (2z + x)/3 mol

=> n M g N O 3 2  = (x + 2z)/6 (mol)

=> Khi phản ứng với NaOH tạo kết tủa gồm :

x mol Fe(OH)₃ ; [x + (x + 2z)/6 ] mol Mg(OH)₂  và z mol Cu(OH)₂

=> 9,92g = 524x/3 + 352z/3

=> x = 0,04 ; y = 0,1 ; z = 0,025 mol

=>%m_Fe(X) = 29,87%

Câu 1:

PTHH:

\(C_2H_5OH+O_2\rightarrow CH_3COOH+H_2O\)

\(CH_3COOH+NaOH\rightarrow CH_3COONa+H_2O\)

Ta có:

\(V_{C2H5OH}=440.5\%=22\left(ml\right)\)

\(\Rightarrow m_{C2H5OH}=0,8.22=17,6\left(g\right)\)

\(n_{CH3COONa}=20,8\Rightarrow n_{CH3COONa}=n_{CH3COOH}=n_{C2H5OH\left(pư\right)}=\frac{20,8}{82}\)

\(\Rightarrow m_{C2H5OH\left(pư\right)}=\frac{20,8}{82}.46=11,67\left(g\right)\)

\(\Rightarrow H=\frac{11,67}{17,6}=66,3\%\)

Câu 2:

Gọi \(\left\{{}\begin{matrix}n_{\text{metan}}:x\left(mol\right)\\n_{\text{etilen}}:y\left(mol\right)\end{matrix}\right.\)

\(CH_4+2O_2\rightarrow CO_2+2H_2O\)

\(C_2H_4+3O_2\rightarrow2CO_2+2H_2O\)

Giải hệ PT:

\(\left\{{}\begin{matrix}x+y=0,3\\2x+3y=0,3\end{matrix}\right.\Rightarrow\left\{{}\begin{matrix}x=0,1\\y=0,2\end{matrix}\right.\)

\(\Rightarrow\left\{{}\begin{matrix}\%V_{CH4}=\frac{0,1}{0,3}.100\%=33,33\%\\\%V_{C2H4}=100\%-33,33\%=66,67\%\end{matrix}\right.\)

Ta có:

\(n_{CO2}=n_{CH4}+2n_{C2H4}=0,1+0,2.2=0,5\left(mol\right)\)

\(n_{H2O}=2n_{CH4}+2n_{C2H4}=0,1.2+0,2.2=0,6\left(mol\right)\)

\(PTHH:Ca\left(OH\right)_2+CO_2\rightarrow CaCO_3+H_2O\)

\(\Rightarrow n_{CaCO3}=n_{CaO}=0,5\left(mol\right)\)

\(\Rightarrow m_{dd\left(giam\right)}=0,5.100-0,5.44-0,6.18=17,2\left(g\right)\)

Do hai anken là đồng đẳng kế tiếp nên X, Y cũng là đồng đằng kế tiếp

=>Công thức của X, Y là C₂H₅OH và C₃H₇OH

Đáp án C

Ta có : Sau khi hấp thụ thì còn NaOH dư => Phản ứng tạo Na₂CO₃

=> n_CO2 = 1 2  n_{NaOH pứ} =  1 2 (2.0,1 – 2.0,05) = 0,05 mol

Gọi CTPTTB của 2 ancol là C_nH_2n+2O

=> M_ancol = 14n + 18 = 1 , 06 0 . 05 n ⇒ n = 2 , 5  

2 ancol là : C₂H₅OH và C₃H₇OH

=> C

Mình cần gấp mọi người ơi!!!