Đáp án  A

Khi cho X tác dụng với HCl: n_HCl= 0,225.2= 0,45 mol

CuO + 2HCl→ CuCl₂+ H₂O

Fe₂O₃+ 6HCl→ 2FeCl₃+ 3H₂O

MgO + 2HCl→ MgCl₂+ H₂O

Đặt n_CuO = x mol; n F e 2 O 3 = y mol; n_MgO = z mol

→ 80x+ 160y +40z= 12 gam (1)

n_HCl= 2x+6y+2z= 0,45 mol (2)

C O     + C u O → t 0 C u                 + C O 2                           x                             x   m o l F e 2 O 3   +       3 C O → t 0 2 F e           + 3 C O 2 y                                                                   2 y   m o l

Chất rắn Y chứa x mol Cu; 2y mol Fe và z mol MgO

→ 64x + 56.2y + 40z= 10 gam (3)

Từ các PT(1,2,3) ta có x= 0,05; y=0,025; z=0,1

→% m F e 2 O 3 =33,33%

a)

n CuO = a(mol) ; n MgO = b(mol) ; n Fe2O3 = c(mol)

=> 80a + 40b + 160c = 12(1)

CuO + 2HCl $\to$ CuCl2 + H2O

MgO + 2HCl $\to$ MgCl2 + H2O

Fe2O3 + 6HCl $\to$ 2FeCl3 + 3H2O

n HCl = 2a + 2b + 6c = 0,225.2 = 0,45(2)

Thí nghiệm 2 :

$CuO + CO \xrightarrow{t^o} Cu + H_2O$
$Fe_2O_3 + 3CO \xrightarrow{t^o} 2Fe + 3CO_2$

m chất rắn = 64a + 40b + 56.2c = 10(2)

Từ (1)(2)(3) suy ra a = 0,05 ; b = 0,1 ; c = 0,025

%m CuO = 0,05.80/12  .100% = 33,33%

%m MgO = 0,1.40/12  .100% = 33,33%
%m Fe2O3 = 33,34%

b)

n BaCO3 = 14,775/197 = 0,075(mol) > n CO2 = n CuO + 3n Fe2O3 = 0,125 

Do đó, kết tủa bị hòa tan một phần

Ba(OH)2 + CO2 → BaCO3 + H2O

0,075........0,075.......0,075.............(mol)

Ba(OH)2 + 2CO2 → Ba(HCO3)2

0,025..........0,05..............................(mol)

=> n Ba(OH)2 = 0,075 + 0,025 = 0,1(mol)

=> CM Ba(OH)2 = 0,1/0,5 = 0,2M

Đáp án D

m  _Oxit  = m _{kim loại}  + m _O2

=> m _O2 = 22,3 – 14,3 =8 g

=> n _O2 = 8 : 32 = 0,25 mol

         => 2 n _O2 = n _H2O= 0,5 mol

=> 2 n _H2O = n _HCl   = 1 mol

=> V _{dd HCl}  = 1 : 2 = 0,5 lít

\(m_O=22.3-14.3=8\left(g\right)\)

\(n_O=\dfrac{8}{16}=0.5\left(mol\right)\)

Bảo toàn nguyên tố O : 

\(n_{H_2O}=n_O=0.5\left(mol\right)\)

Bảo toàn nguyên tố H : 

\(n_{HCl}=2n_{H_2O}=0.5\cdot2=1\left(mol\right)\)

\(V_{dd_{HCl}}=\dfrac{1}{2}=0.5\left(l\right)\)

a, Gọi: \(\left\{{}\begin{matrix}n_{FeO}=a\left(mol\right)\\n_{CuO}=b\left(mol\right)\end{matrix}\right.\) (trong 1 phần)

- Phần 1: \(FeO+H_2SO_4\rightarrow FeSO_4+H_2O\)

\(CuO+H_2SO_4\rightarrow CuSO_4+H_2O\)

Ta có: \(n_{H_2SO_4}=0,2.2=0,4\left(mol\right)\)

Theo PT: \(n_{H_2SO_4}=n_{FeO}+n_{CuO}=a+b=0,4\left(1\right)\)

- Phần 2: Khí thoát ra khỏi ống gồm CO dư và CO₂.

Ta có: \(M_{hhk}=1,275.32=40,8\left(g/mol\right)\)

\(\Rightarrow n_{hhk}=n_{CO\left(dư\right)}+n_{CO_2}=\dfrac{10,2}{40,8}=0,25\left(mol\right)\)

BTNT C, có: n_CO = n_{CO (dư)} + n_CO2 = 0,25 (mol)

Theo ĐL BTKL, có: m_FeO + m_CuO + m_CO = m_K + m_hhk

⇒ 72a + 80b + 0,25.28 = 28 + 10,2 (2)

Từ (1) và (2) \(\Rightarrow\left\{{}\begin{matrix}a=0,1\left(mol\right)\\b=0,3\left(mol\right)\end{matrix}\right.\)

Do chia A thành 2 phần bằng nhau nên %m mỗi chất trong từng phần cũng là %m mỗi chất trong A.

\(\Rightarrow\left\{{}\begin{matrix}\%m_{FeO}=\dfrac{0,1.72}{0,1.72+0,3.80}.100\%\approx23,08\%\\\%m_{CuO}\approx76,92\%\end{matrix}\right.\)

b, Để thu được V_H2 tối đa thì m_{Fe (trong K)} phải tối đa.

Ta có: \(\left\{{}\begin{matrix}n_{CO\left(dư\right)}+n_{CO_2}=0,25\\28n_{CO\left(dư\right)}+44n_{CO_2}=10,2\end{matrix}\right.\) \(\Rightarrow\left\{{}\begin{matrix}n_{CO_{\left(dư\right)}}=0,05\left(mol\right)\\n_{CO_2}=0,2\left(mol\right)\end{matrix}\right.\)

⇒ n_{Fe max} = n_FeO = n_{O (trong FeO)} = n_CO2 = 0,2 (mol)

PT: \(Fe+2HCl\rightarrow FeCl_2+H_2\)

\(\Rightarrow n_{H_2\left(max\right)}=n_{Fe\left(max\right)}=0,2\left(mol\right)\Rightarrow V_{H_2\left(max\right)}=0,2.22,4=4,48\left(l\right)\)

Đáp án C

mO = 22,3 – 14,3 = 8g => nO = 0,5 = nH₂O => nHCl = 0,5.2 = 1 => V = ½ = 0,5 lít

Đáp án C

mO = 22,3 – 14,3 = 8g => nO = 0,5 = nH₂O => nHCl = 0,5.2 = 1 => V = ½ = 0,5 lít

Chọn đáp án C