Đáp án D

Khi cho từ từ HCl và X, đã có phương trình tạo khí

H⁺ + HCO₃^-   → CO₂ + H₂O

Dung dịch Y không thể chứa OH^- , CO₃^2-. Vậy Y chứa KCl 0,5 mol (BTNT cho Cl) và KHCO₃ y mol.

Cho y phản ứng với Ba(OH)₂ dư:

ĐLBKL cho K ta có n(KOH) ban đầu = 0,4x= 0,5 +y = 0,7 => y = 1,75

Đáp án là D. 38,55%.

n(HCl) = 0,15 mol; n(CO2) = 0,1 mol.

+) Nếu NaOH dư thì dd X gồm Na2CO3 và NaOH.

BTNT(C): n(Na2CO3) = n(CO2) + n(CaCO3) = 0,1 + 0,15 = 0,25.

Để có khí thì lượng HCl phải lớn hơn số mol của NaOH và Na2CO3 cộng lại mà số mol HCl chỉ có 0,15 nên trường hợp này loại.

+) Vậy X gồm Na2CO3, NaHCO3.

Na2CO3 + HCl → NaHCO3 + NaCl. (1)

NaHCO3 + HCl → NaCl + CO2 + H2O. (2)

Nên n(Na2CO3) = n(HCl) – n(CO2) = 0,15 – 0,1 = 0,05.

BTNT (C): n(NaHCO3) = n(CO2) + n(CaCO­3) – n(Na2CO3) = 0,1 + 0,15 – 0,05 = 0,2 mol.

BTĐT: n(OH) = 2.n(Na2CO3) + n(NaHCO3) = 2.0,05 + 0,2 = 0,3.

CM =a = 0,75M.

+) Bảo toàn C => \(n_{CO_2}=0,25\left(mol\right)\)

=>\(V=0,25.22,4=5,6\left(l\right)\)

CTV hay các thành viên cho em hỏi cái này của trương trình lớp 9 có phải ko ạ

cái này a nhớ là lớp 9 hay sao á

Đáp án B

Đáp án D

Nhỏ từ từ axit vào dung dịch X ⇒ dung dịch Y.

⇒ Y chứa KCl và KHCO₃.

Cho Y + dung dịch Ba(OH)₂ dư ⇒ có phản ứng.

KHCO₃ + Ba(OH)₂ → BaCO₃ + KOH + H₂O.

+ Mà nKHCO₃ = n_BaCO3 = 0,2 mol.

+ Bảo toàn Cl ⇒ n_KCl = n_HCl = 0,5 mol.

⇒ Bảo toàn K ⇒ n_KOH = n_KCl + n_KHCO3 = 0,7 mol.

⇒ C_{M KOH} =  0 , 7 0 , 4  = 1,75M 

Đáp án D

Nhỏ từ từ axit vào dung dịch X ⇒ dung dịch Y.

⇒ Y chứa KCl và KHCO₃.

Cho Y + dung dịch Ba(OH)₂ dư ⇒ có phản ứng.

KHCO₃ + Ba(OH)₂ → BaCO₃ + KOH + H₂O.

+ Mà nKHCO₃ = n_BaCO3 = 0,2 mol.

+ Bảo toàn Cl ⇒ n_KCl = n_HCl = 0,5 mol.

⇒ Bảo toàn K ⇒ n_KOH = n_KCl + n_KHCO3 = 0,7 mol.

⇒ C_{M KOH} = 0,7/0,4 = 1,75M

Đáp án D

Nhỏ từ từ axit vào dung dịch X ⇒ dung dịch Y.

⇒ Y chứa KCl và KHCO₃.

Cho Y + dung dịch Ba(OH)₂ dư ⇒ có phản ứng.

KHCO₃ + Ba(OH)₂ → BaCO₃ + KOH + H₂O.

+ Mà nKHCO₃ = n_BaCO3 = 0,2 mol.

+ Bảo toàn Cl ⇒ n_KCl = n_HCl = 0,5 mol.

⇒ Bảo toàn K ⇒ n_KOH = n_KCl + n_KHCO3 = 0,7 mol.

⇒ C_{M KOH} =  0 , 7 0 , 4  = 1,75M 

Ta có: \(n_{K_2CO_3}=0,1.0,2=0,02\left(mol\right)\)

\(n_{KOH}=0,1.1,4=0,14\left(mol\right)\)

\(n_{BaCO_3}=\dfrac{11,82}{197}=0,06\left(mol\right)\)

TH1: KOH dư.

Giả sử: n_CO2 = x (mol)

\(CO_2+2KOH\rightarrow K_2CO_3+H_2O\)

x_________________x (mol)

⇒ Σn_K2CO3 = x + 0,02 (mol)

\(K_2CO_3+BaCl_2\rightarrow2KCl+BaCO_3\)

x + 0,02___________________x + 0,02 (mol)

⇒ x + 0,02 = 0,06 ⇔ x = 0,04 (mol)

⇒ V_CO2 = 0,04.22,4 = 0,896 (l)

TH2: KOH hết.

\(BaCl_2+K_2CO_3\rightarrow2KCl+BaCO_3\)

_________0,06_____________0,06 (mol)

⇒ n_{K2CO3 (do CO2 pư tạo thành)} = 0,06 - 0,02 = 0,04 (mol)

\(CO_2+2KOH\rightarrow K_2CO_3+H_2O\)

0,04___0,08_______0,04 (mol)

\(CO_2+KOH\rightarrow KHCO_3\)

0,06__(0,14-0,08) (mol)

⇒ n_CO2 = 0,04 + 0,06 = 0,1 (mol)

⇒ V_CO2 = 0,1.22,4 = 2,24 (l)

Bạn tham khảo nhé!

\(a) Fe + 2HCl \to FeCl_2 + H_2\\ n_{H_2} = n_{Fe} = \dfrac{5,6}{56} = 0,1(mol)\\ \Rightarrow V_{H_2} = 0,1.22,4 = 2,24(lít)\\ b) n_{O_2} = \dfrac{6,72}{22,4} = 0,3(mol)\\ 2H_2 + O_2 \xrightarrow{t^o} 2H_2O\\ \dfrac{n_{H_2}}{2} = 0,05 < \dfrac{n_{O_2}}{1} = 0,3 \to O_2\ dư\\ n_{H_2O} = n_{H_2} = 0,1(mol) \Rightarrow m_{H_2O} = 0,1.18 = 1,8(gam)\)