Đáp án B

B là HCOONa, gọi X là số mol muối HCOONa. Ta có:

78x + 40(0,03 - x) = 5,56 Þ x = 0,02 Þ n_este = 0,02 mol

Gọi a và b lần lượt là số mol của andehit và ancol Þ a + b = n = 0,02 mol

Do 2 este là đồng phân nên ancol và andehit có cùng số liên kết p. Gọi k là số liên kết n có trong một phân tử ancol và andehit, thì k(a + b) < 0,03 Þ k < l,5 Þ k = l

Lại có: n_C = 4 nên CTPT của A là C₄H₆O₂

Đáp án : A

Gọi công thức B là: C_nH_2n+2O_x

Khi đốt B: C_nH_2n+2O_x  + O₂  →  CO₂ + H₂O

Lượng O₂ cần là: n_O2 = n +  2 n + 2 4 - x 2    = 2,5

<=>  3 n 2 - x 2   = 2   <=> 3n - x = 4

=> x = 2; n = 2 (Etylen glycol)

Muối có PTK =   32 , 8 0 , 2 . 2  = 82 (CH₃COONa)

(vì ancol 2 chức => n _muối = 2n_X = 0,4)

Vậy X là (CH₃COO)₂C₂H₄

=> este X là este đa chức. Mặt khác X là este mạch hở => A là axit no đơn chức

- CTPT X: (RCOO)₃C₃H₅

(RCOO)₃C₃H₅ + 3NaOH → 3RCOONa + C₃H₅(OH)₃ 

0,15                                   → 0,45

=> M _muối = 68 => R + 67 = 68 => R = 1 => A là HCOOH 

=> X có CTCT là (HCOO)₃C₃H₅

Đáp án cần chọn là: D

a)

$KOH + SO_2 \to KHSO_3$

Theo PTHH : $n_{KOH} = n_{KHSO_3} = n_{SO_2} = 0,4.0,5 = 0,2(mol)$

$V_{SO_2} = 0,2.22,4 = 4,48(lít)$
$C_{M_{KHSO_3}} = \dfrac{0,2}{0,4}  = 0,5M$

b)

$2KOH + SO_2 \to K_2SO_3 + H_2O$
$n_{K_2SO_3} = n_{SO_2} = \dfrac{1}{2}n_{KOH} = 0,1(mol)$
$V_{SO_2} = 0,1.22,4 = 2,24(lít)$
$C_{M_{K_2SO_3}} = \dfrac{0,1}{0,4} = 0,25M$

Đáp án D

Este X phản ứng với NaOH theo tỉ lệ 1 : 2 nhưng lại cho sản phẩm chỉ chứa 1 muối và 1 ancol có số mol bằng số mol este

 X là este được tạo bởi 1 axit 2 chức và 1 ancol 2 chức. Ngoài ra chúng ta có thể quan sát đáp án và rút ra kết luận trên.

a) \(n_{H_2SO_4}=\dfrac{200.10\%}{98}=\dfrac{10}{49}\left(mol\right)\)

PTHH: Zn + H₂SO₄ --> ZnSO₄ + H₂

                       \(\dfrac{10}{49}\)------>\(\dfrac{10}{49}\)--->\(\dfrac{10}{49}\)

=> \(V_{H_2}=\dfrac{10}{49}.22,4=\dfrac{32}{7}\left(l\right)\)

b) \(n_{ZnSO_4}=\dfrac{10}{49}\left(mol\right)\)