Biết 1 lít hỗn hợp A ở dạng khí nặng gấp hai lần 1 lít khí  C 2 H 6  ở cùng điều kiện.

⇒ n A = n C 2 H 6  ⇒ M A = 2 M C 2 H 6

(cùng điều kiện nên tỉ lệ thể tích chính là tỉ lệ số mol)

Ba chất có cùng công thức phân tử ⇒ có cùng khối lượng mol phân tử : M = 2.30 = 60 (gam/mol). Khi đốt cháy hỗn hợp A thu được  CO 2 ,  H 2 O  → công thức phân tử của các chất có dạng C x H y O z

Phương trình hoá học

C x H y O z  + (x + y/4 - z/2) O 2  → x CO 2  + y/2 H 2 O

CO 2  +  Ca OH 2  → Ca CO 3 +  H 2 O

Ta có : n CO 2 = n CaCO 3  = 15/100 = 0,15mol

Theo định luật bảo toàn khối lượng, ta có :

m A + m O = m CO 2 + m H 2 O

⇒ 3 + 7,2 = 0,15 x 44 + m H 2 O ⇒ m H 2 O  = 3,6g

n A  = 3/60 = 0,05mol; n CO 2  = 0,05x = 0,15 ⇒ x = 3

n H 2 O  = 0,05y/2 = 3,6/18 ⇒ y = 8

M A  = 12x + y + 16z = 60 ⇒ z = 1 ⇒ ông thức phân tử của A là C 3 H 8 O

Công thức cấu tạo của ba chất là : CH 3 CH 2 CH 2 OH

CH 3 CHOH CH 3

CH 3 -O- CH 2 CH 3

Vì hợp chất A đốt cháy bằng oxi thu được sản phẩm chỉ gồm CO2 và H2O

Nên A gồm 3 nguyên tố C, H và O

   gọi CTHH là CxHyOz

      PTHH

  CxHyOz + \(\left(x+\frac{y}{4}-\frac{z}{2}\right)\) O2 ----> xCO2 + \(\frac{y}{2}\) H2O   ( 1 )

     0,05 ----\(\left(x+\frac{y}{4}-\frac{z}{2}\right)0,05\)----0,05x

    Ca(OH)2 + CO2 ---> CaCO3 + H2O

  Có n CaCO3 = 15/100 = 0,15 ( mol )

      => n CO2 = 0,15 ( mol )

    Vì 1 lít hỗn hợp dạng khí nặng gấp 2 lần 1 lít khí C2H6 cùng tiêu chuẩn

     => \(\hept{\begin{cases}n_{CxHyOz}=n_{C2H6}\\m_{CxHyOz}=2m_{C2H6}\end{cases}}\)

     => M CxHyOz = 2M C2H6

     => M CxHyOz = 2 . 30 = 60 => 12x + y + 16z = 60

     => n CxHyOz = 3/60 = 0,05 ( mol )

  Theo ( 1 ) : 0,05x = 0,15 => x = 3

   Do đó y + 16z = 60 - 12x3 = 24 ( 2 )

    Có n O2 = 7,2 : 32 = 0,225 ( mol )

        =>  \(\left(x+\frac{y}{4}-\frac{z}{2}\right)0,05=0,225\)

          \(\Rightarrow x+\frac{y}{4}-\frac{z}{2}=4,5\)

          \(\Rightarrow\frac{y}{4}-\frac{z}{2}=4,5-3=1,5\)

           \(\Rightarrow y-2y=6\)  ( 3 )

  Theo ( 2 ) và ( 3 ) ta có hpt

      \(\hept{\begin{cases}y+16z=24\\y-2z=6\end{cases}\Rightarrow\hept{\begin{cases}y=8\\z=1\end{cases}}}\)

  Vậy CT là C3H8O

a) \(n_A=\dfrac{0,448}{22,4}=0,02\left(mol\right)\)

\(n_{O_2}=\dfrac{\dfrac{5,6}{22,4}.20}{100}=0,05\left(mol\right)\)

\(n_{BaCO_3}=\dfrac{7,88}{197}=0,04\left(mol\right)\)

=> n_C = n_CO2 = 0,04 (mol)

Số nguyên tử C = \(\dfrac{0,04}{0,02}=2\) (nguyên tử)

Bảo toàn O: \(n_{H_2O}=0,05.2-0,04.2=0,02\left(mol\right)\)

=> n_H = 0,04 (mol)

Số nguyên tử H = \(\dfrac{0,04}{0,02}=2\) (nguyên tử)

=> CTPT: C₂H₂

b)

Gọi \(\left\{{}\begin{matrix}n_{C_2H_2}=a\left(mol\right)\\n_{C_4H_6}=b\left(mol\right)\end{matrix}\right.\)

\(\overline{M}=\dfrac{26a+54b}{a+b}=2,675.16=42,8\left(g/mol\right)\)

=> \(a=\dfrac{2}{3}b\) (1)

\(\left\{{}\begin{matrix}\%V_{C_2H_2}=\dfrac{a}{a+b}.100\%=\dfrac{\dfrac{2}{3}b}{\dfrac{2}{3}b+b}.100\%=40\%\\\%V_{C_4H_6}=100\%-40\%=60\%\end{matrix}\right.\)

TN1: \(n_{Br_2}=\dfrac{32}{160}=0,2\left(mol\right)\)

PTHH: C₂H₂ + 2Br₂ --> C₂H₂Br₄

              a---->2a

             C₄H₆ + 2Br₂ --> C₄H₆Br₄

                 b---->2b

=> 2a + 2b = 0,2 (2)

(1)(2) => a = 0,04 (mol); b = 0,06 (mol)

PTHH: C₂H₂ + 2AgNO₃ + 2NH₃ --> C₂Ag₂ + 2NH₄NO₃

            0,04-------------------------->0,04

            C₄H₆ + AgNO₃ + NH₃ --> C₄H₅Ag + NH₄NO₃

            0,06----------------------->0,06

=> m_kt = 0,04.240 + 0,06.161 = 19,26 (g)

--> Thỏa mãn đề bài

=> C₄H₆ có pư với AgNO₃/NH₃

=> C₄H₆ là ankin có nối ba đầu mạch

CTCT:
C₂H₂: \(CH\equiv CH\)

C₄H₆: \(CH\equiv C-CH_2-CH_3\)

1. Theo định luật bảo toàn khối lượng:

m A  = m C O 2  + m H 2 O  − m O 2

Khối lượng C trong 1,8 g A là: 

Khối lượng H trong 1,8 g A là: 

Khối lượng O trong 1,8 g A là : 1,8 - 1,2 - 0,2 = 0,4 (g).

Công thức chất A có dạng C x H y O z :

x : y : z = 0,1 : 0,2 : 0,025 = 4 : 8 : 1

CTĐGN là C 4 H 8 O

2. M A  = 2,25.32 = 72 (g/mol)

⇒ CTPT trùng với CTĐGN:  C 4 H 8 O .

3. Các hợp chất cacbonyl  C 4 H 8 O :

 (butanal)

 (2-metylpropanal)

 (butan-2-ol)

Chọn đáp án B

n O 2 = 0 , 14 m o l ; n C O 2 = n B a C O 3 = 0 , 12 m o l ; m H 2 O = m 2 ↑ - m C O 2 = 2 , 16 ⇒ n H 2 O = 0 , 12 m o l

n C O 2 = n H 2 O ⇒ este E no, đơn chức, mạch hở.

Bảo toàn O: 2 n E + 2 n O 2 = 2 n C O 2 + n H 2 O ⇒ n E = 0 , 04 m o l

⇒ s ố   C = n E : n C O 2 = 3

Đáp án B

Ta có: \(\left\{{}\begin{matrix}m_{H_2O}=5,4\left(g\right)\\m_{CO_2}=6,6\left(g\right)\end{matrix}\right.\Rightarrow\left\{{}\begin{matrix}n_{H_2O}=\dfrac{5,4}{18}=0,3\left(mol\right)\\n_{CO_2}=\dfrac{6,6}{44}=0,15\left(mol\right)\end{matrix}\right.\)

\(\Rightarrow\left\{{}\begin{matrix}n_H=2n_{H_2O}=0,6\left(mol\right)\\n_C=n_{CO_2}=0,15\left(mol\right)\end{matrix}\right.\)

`=> m_C + m_H = 0,15.12 + 0,6 = 2,4 (g) = m_A`

`=> A` không chứa O

\(M_A=0,5.32=16\left(g/mol\right)\)

Ta có: \(n_C:n_H=0,15:0,6=1:4\)

`=>` CTPT của A có dạng \(\left(CH_4\right)_n\)

\(\Rightarrow n=\dfrac{16}{16}=1\)

Vậy A là CH₄