Ta có: \(n_{CO_2}=\dfrac{11,2}{22,4}=0,5\left(mol\right)\)

\(n_{H_2O}=\dfrac{7,2}{18}=0,4\left(mol\right)\)

⇒ n_CO2 > n_H2O ⇒ M là ankin.

Gọi CTPT của M là C_nH_2n-2.

\(\Rightarrow n_M=0,5-0,4=0,1\left(mol\right)\Rightarrow n=\dfrac{n_{CO_2}}{n_M}=5\)

Vậy: M có CTPT là C₅H₈

a/

nX=4,48\22,4=0,2 mol

nCO2=11,2\22,4=0,5 mol

CTTQ của hh 2 anken là CnH2n

PTHH:CnH2n+3n\2O2→nCO2+nH2O

Ta có tỉ lệ: 1\0,2 =n\0,5 

=>n=2,5 => công thức là C2H2, C3H6

Khi cho hỗn hợp A qua dung dịch brom dư, có phản ứng :

C 2 H 2 + 2 Br 2 → C 2 H 2 Br 4

Vì phản ứng xảy ra hoàn toàn và có hai khí thoát ra khỏi dung dịch brom, nên hai khí đó là  CH 4  và  C n H 2 n + 2

Theo đề bài  V C 2 H 2 tham gia phản ứng là : 0,896 - 0,448 = 0,448 (lít).

Vậy số mol  C 2 H 2  là 0,448/22,4 = 0,02 mol

Gọi số mol của  CH 4  là X. Theo bài => số mol của  C n H 2 n + 2  cũng là x.

Vậy ta có : x + x = 0,448/22,4 = 0,02 => x = 0,01

Phương trình hoá học của phản ứng đốt cháy hỗn hợp :

2 C 2 H 2  + 5 O 2  → 4 CO 2  + 2 H 2 O

CH 4  + 2 O 2 →  CO 2  + 2 H 2 O

2 C n H 2 n + 2  + (3n+1) O 2  → 2n CO 2  + 2(n+1) H 2 O

Vậy ta có :  n CO 2  = 0,04 + 0,01 + 0,01n = 3,08/44 => n = 2

Công thức phân tử của hiđrocacbon X là C 2 H 6

a. 

\(n_{SO_2}=\dfrac{11.2}{22.4}=0.5\left(mol\right)\)

Bảo toàn khối lượng : 

\(m_{O_2}=9+0.5\cdot64-17=24\left(g\right)\)

b. 

X có những nguyên tố : H và S 

c.

\(n_{H_2O}=\dfrac{9}{18}=0.5\left(mol\right)\Rightarrow n_H=0.5\cdot2=1\left(mol\right)\)

Số nguyên tử H : Số nguyên tử S = 1 : 0.5 = 2 : 1 

d.

Ta có công thức nguyên của X : \(\left(H_2S\right)_n\)

\(M_X=34n=34\left(\dfrac{g}{mol}\right)\)

\(\Rightarrow n=1\)

\(CT:H_2S\)

\(n_C=n_{CO_2}=0,5\left(mol\right);n_H=2.n_{H_2O}=2.\dfrac{10,8}{18}=1,2\left(mol\right)\\ m_C+m_H=0,5.12+1,2.1=7,7,2\\ \Rightarrow X.ko.có.oxi\left(O\right)\\ \Rightarrow CTTQ:C_xH_y\left(x,y:nguyên,dương\right)\\ x:y=n_C:n_H=0,5:1,2=5:12\\a, \Rightarrow x=5;y=12\Rightarrow CTPT.X:C_5H_{12}\\ b,CH_3-CH_2-CH_2-CH_2-CH_3\\ CH_3-CH\left(CH_3\right)-CH_2-CH_3\\ CH_3-C\left(CH_3\right)_2-CH_3\)

Đáp án : D

Phần 1: Trong cùng điều kiện nhiệt độ áp suất thì tỉ lệ về thể tích chính là tỉ lệ về số mol

→ V_{H2 pư} = V_trước -V_sau = 0,25. ( 11,2 + 6,72) = 4,48 lít < 6,72 lít → H₂ dư và anken phản ứng hết

Vậy H chứa anken : 4,48 lít và ankan : 11.2 - 4,48 = 6,72 lít

→ n_X : n_Y = 6,72 : 4,48 = 3: 2

Phần 2: Gọi số mol của X C_n H_{2n+ 2} là 3x và Y C_m H_2m là 2x mol

Có 3x.( 14n+ 2) + 2x . 14m = 80 và 3x.n + 2xm = 5,5

→ 14. ( 3x.n + 2xm ) + 6x = 80 → x = 0,5

Có C _tb = 5 , 5 5 . 0 , 5 = 2,2 → loại A

Sử dụng đường chéo C_tb = 2,2 và tỉ lệ 3:2 thấy n= 1 và m = 4 thỏa mãn.

Đáp án B

n C O 2 = x → n N 2 = 0 , 225 - x

→ A = C 4 H 9 N O 2