Ca(OH)2 + CO2 → CaCO3 + H2O

Khối lượng bình (1) tăng là khối lượng của H2O = 0,63(g)

mCaCO3 = 5g ⇒ nCO2 = nCaCO3 = 5/100 = 0,05 mol

BT nguyên tố ⇒ nC = nCO2 = 0,05 mol ⇒ mC = 12. 0,05 = 0,6 g

%mO = 100% - (89,55 + 10,45)% = 0%

a, \(n_{H_2O}=\dfrac{3,6}{18}=0,2\left(mol\right)\Rightarrow n_H=0,2.2=0,4\left(mol\right)\)

\(n_{CO_2}=n_{CaCO_3}=\dfrac{20}{100}=0,2\left(mol\right)=n_C\)

⇒ m_C + m_H = 0,2.12 + 0,4.1 = 2,8 (g) < m_A

→ A gồm C, H và O.

⇒ m_O = 6 - 2,8 = 3,2 (g) \(\Rightarrow n_O=\dfrac{3,2}{16}=0,2\left(mol\right)\)

Gọi CTPT của A là C_xH_yO_z.

⇒ x:y:z = 0,2:0,4:0,2 = 1:2:1

→ CTPT của A có dạng (CH₂O)_n

Không biết đề có cho thêm dữ kiện liên quan đến M_A không bạn nhỉ?

Đáp án B

Khi oxi hóa hoàn toàn b-caroten tạo ra CO₂ và H₂O

H₂O bị hấp thụ tại bình H₂SO₄ đặc(1) => m_H2O = m_{1 tăng} = 0,63g => n_H = 0,07 mol

CO₂ bị hấp thụ tại bình Ca(OH)₂ dư (2) => n_CaCO3 = n_CO2 = 0,05 mol

=> n_C : n_H = 0,05 : 0,07 = 5 : 7

Vậy CTĐG nhất của b-caroten là C₅H₇

Sản phẩm oxi hoá qua bình (1) đựng dung dịch H₂SO₄ đặc làm khối lượng bình (1) tăng 0,63 g chính là lượng nước bị giữ lại => m_H = x 2 = 0,07 g.

Qua bình (2) chứa dung dịch Ca(OH)₂ dư, làm cho bình xuất hiện kết tủa chính là do lượng CO₂ bị giữ lại vì tham gia phản ứng sau:

Ca(OH)₂ + CO₂ → CaCO₃ + H₂O

0,05 = 0,05 mol

=> m_C = 0,05 x 12 = 0,6 (g).

=> m_O = 0,67 - (m_C + m_H) = 0

Từ đó tính được %m_C = 89,55%; %m_H = 10,45%.

\(d_{X\ H_2}=43\)

\(\Rightarrow M_X=43.2=86\) \((g/mol)\)

\(X+O_2\rightarrow\left(t^o\right)CO_2+H_2O\)

Bình (1) tăng: \(m_{tăng}=m_{H_2O}=12,6\left(g\right)\)

Bình (2):

\(Ca\left(OH\right)_2+CO_2\rightarrow CaCO_3\downarrow+H_2O\)

                     0,6            0,6                  ( mol )

\(n_{CaCO_3}=\dfrac{60}{100}=0,6\left(mol\right)\)

Bảo toàn C: \(n_C=n_{CO_2}=0,6\left(mol\right)\)

Bảo toàn H: \(n_H=2.n_{H_2O}=2.\dfrac{12,6}{18}=1,4\left(mol\right)\)

\(n_O=\dfrac{8,6-\left(0,6.12+1,4.1\right)}{16}=0\left(mol\right)\)

`->` X gồm có C và H

Đặt CTTQ X: \(C_xH_y\)

\(x:y=0,6:1,4=3:7\)

CTĐG X: \(\left(C_3H_7\right)_n=86\)

                  \(\Rightarrow n=2\)

`=>` CTPT X: \(C_6H_{14}\)

Đồng phân cấu tạo:

\(CH_3-\left(CH_2\right)_4-CH_3\)

\(CH_3-\left(CH-CH_3\right)-\left(CH_2\right)_2-CH_3\)

\(CH_3-CH_2-\left(CH-CH_3\right)-CH_2-CH_3\)

\(CH_3-CH_2-C-\left(CH_3-CH_3-CH_3\right)\)

\(CH_3-\left(CH-CH_3\right)_2-CH_3\)

Đáp án D

Ta có: \(n_{H_2O}=\dfrac{14,4}{18}=0,8\left(mol\right)\)

\(n_{CO_2}=n_{CaCO_3}=\dfrac{60}{100}=0,6\left(mol\right)\)

⇒ n_H2O > n_CO2 → A là ankan.

⇒ n_A = n_H2O - n_CO2 = 0,2 (mol)

CTPT của A là C_nH_2n+2

\(\Rightarrow n=\dfrac{n_{CO_2}}{n_A}=3\)

Vậy: CTPT của A là C₃H₈.

\(n_{CaCO_3}=\dfrac{7,5}{100}=0,075\left(mol\right)\)

=> n_C = 0,075 (mol)

Có \(n_{CO_2}=n_C=0,075\left(mol\right)\)

=> \(n_{H_2O}=\dfrac{4,2-0,075.44}{18}=0,05\left(mol\right)\)

=> n_H = 0,1 (mol)

\(n_{O_2}=\dfrac{2,24}{22,4}=0,1\left(mol\right)\)

Bảo toàn O: \(n_{O\left(A\right)}=0,075.2+0,05-0,1.2=0\left(mol\right)\)

=> A chứa C, H

m_A = m_C + m_H = 0,075.12 + 0,1.1 = 1 (g)

\(m_{tăng}=m_{H_2O}+m_{CO_2}=4,2\left(g\right)\\ n_{CaCO_3}=\dfrac{7,5}{100}=0,075\left(mol\right)\)

PTHH: Ca(OH)₂ + CO₂ ---> CaCO₃ + H₂O

                            0,075        0,075

\(\rightarrow m_{CO_2}=0,075.44=3,3\left(g\right)\\ \rightarrow m_{H_2O}=4,2-3,3=0,9\left(g\right)\\ \rightarrow n_{H_2O}=\dfrac{0,9}{18}=0,05\left(mol\right)\\ \rightarrow n_{O\left(sau.pư\right)}=0,05+0,075.2=0,1\left(mol\right)\\ n_{O\left(trong.O_2\right)}=\dfrac{2,24}{22,4}=0,1\left(mol\right)\\ \rightarrow\left\{{}\begin{matrix}n_C=0,075\left(mol\right)\\n_H=0,05.2=0,1\left(mol\right)\\n_O=0,1-0,1=0\left(mol\right)\end{matrix}\right.\)

=> m_A = 0,075.12 + 0,1.1 + 0 = 1 (g)