Đáp án : D

Vì khi X đốt cháy thu được n_CO2 = n_h2O => A là anakn và có số mol bằng số mol axetilen

X + Br₂ : m_tăng = m_C2H2 + m_C2H4 = 0,82g

Đốt cháy : Bảo toàn nguyên tố :

.n_C(A) : n_H(A) = n_CO2 : 2n_H2O = 0,03 : 0,08 = 3 : 8 => A là C₃H₈

=> n_C3H8 = n_C2H2 = 0,01 mol => n_C2H4 = 0,02 mol

=> %V_C2H4(X) = 50%

Đáp án C.

Khí thoát ra khỏi bình là Y; n(CO₂) = 0,03 mol; n(H₂O) = 0,04 mol

→ Y là ankan → n(Y) = 0,01 → Y là C₃H₈

Đốt cháy X thu được n(CO₂) = n(H₂O) → n(C₂H₂) = n(C₃H₈) = 0,01 mol

→ n(C₂H₄) = (0,82 – 0,01*26)/28 = 0,02 mol

→ n(X) = 0,01 + 0,02 + 0,01 = 0,04 → V(X) = 0,896 lít → Đáp án C

Đáp án C.

Đáp án C

Khí thoát ra khỏi bình là Y ; nCO₂ = 0,03 ; nH₂O= 0,04

→ Y là ankan → n_Y = 0,04 - 0,03 = 0,01 → Y là C₃H₈
Đốt cháy X thu được nCO₂ = nH₂O

→ nC₂H₂= nC₃H₈ = 0,01 mol
→ nC₂H₄ = ( 0,82 - 0,01 × 26 ) : 28 = 0,02 mol
→ n_X = 0,01 + 0,02 + 0,01 = 0,04 → V_X = 0,896 (l)

PTHH: \(CH_4+2O_2\xrightarrow[]{t^o}CO_2+2H_2O\)

Ta có: \(n_{CO_2}=\dfrac{1,68}{22,4}=0,075\left(mol\right)=n_{CH_4}\)

Đặt \(\left\{{}\begin{matrix}n_{C_2H_4}=a\left(mol\right)\\n_{C_2H_2}=b\left(mol\right)\end{matrix}\right.\) \(\Rightarrow a+b=\dfrac{5,04}{22,4}-0,075=0,15\)  (1)

PTHH: \(C_2H_4+Br_2\rightarrow C_2H_4Br_2\)

            \(C_2H_2+2Br_2\rightarrow C_2H_2Br_4\)

Theo PTHH: \(28a+26b=4,1\)  (2)

Từ (1) và (2) \(\Rightarrow\left\{{}\begin{matrix}a=n_{C_2H_4}=0,1\left(mol\right)\\b=n_{C_2H_2}=0,05\left(mol\right)\end{matrix}\right.\)

Mặt khác: \(n_{hh}=\dfrac{5,04}{22,4}=0,225\left(mol\right)\) \(\Rightarrow\left\{{}\begin{matrix}\%V_{CH_4}=\dfrac{0,075}{0,225}\cdot100\%\approx33,33\%\\\%V_{C_2H_4}=\dfrac{0,1}{0,225}\cdot100\%\approx44,44\%\\\%V_{C_2H_2}=22,23\%\end{matrix}\right.\)

\(n_{CO_2}=\dfrac{8,96}{22,4}=0,4mol\)

\(m_{tăng}=m_{Br_2}=m_{C_2H_2}=2,6g\)

\(\Rightarrow n_{C_2H_2}=\dfrac{2,6}{26}=0,1mol\)

\(C_2H_2+2Br_2\rightarrow C_2H_2Br_4\)

0,1          0,1

\(CH_4+2O_2\underrightarrow{t^o}CO_2+2H_2O\)

\(C_2H_2+\dfrac{5}{2}O_2\underrightarrow{t^o}2CO_2+H_2O\)

0,1         0,25      0,2

\(\Rightarrow n_{CO_2\left(CH_4\right)}=0,4-0,2=0,2mol\)

\(\Rightarrow n_{CH_4}=0,2mol\Rightarrow n_{O_2}=0,4mol\)

a)\(\%V_{CH_4}=\dfrac{0,2}{0,4}\cdot100\%=50\%\)

\(\%V_{C_2H_2}=100\%-50\%=50\%\)

b)\(\Sigma n_{O_2}=0,4+0,25=0,65mol\)

\(\Rightarrow V_{O_2}=0,65\cdot22,4=14,56l\)

\(\Rightarrow V_{kk}=14,56\cdot5=72,8l\)

a) \(n_{hh}=\dfrac{2,24}{22,4}=0,1\left(mol\right)\)

Ta có: \(m_{t\text{ăng}}=m_{C_2H_4}=1,05\left(g\right)\Rightarrow n_{C_2H_4}=\dfrac{1,05}{28}=0,0375\left(mol\right)\)

\(\Rightarrow n_{ankan}=0,1-0,0375=0,0625\left(mol\right);n_{CO_2}=\dfrac{8,4}{22,4}=0,375\left(mol\right)\)

Đặt CTPT của ankan X là \(C_nH_{2n+2}\left(n\in N;n\ge1\right)\)

PTHH:

\(C_2H_4+Br_2\rightarrow C_2H_4Br_2\\ C_nH_{2n+2}+\dfrac{3n+1}{2}O_2\xrightarrow[]{t^o}nCO_2+\left(n+1\right)H_2O\)

\(\Rightarrow n=\dfrac{n_{CO_2}}{n_X}=\dfrac{0,375}{0,0625}=6\left(t/m\right)\)

Vậy X là C₆H₁₄

\(\left\{{}\begin{matrix}\%m_{C_2H_4}=\dfrac{0,0375.28}{0,0375.28+0,0625.86}.100\%=16,34\%\\\%m_{C_6H_{14}}=100\%-16,34\%=83,66\%\end{matrix}\right.\)

b)

CTCT của X: \(CH_3-C\left(CH_3\right)_2-CH_2-CH_3\)

Tên thông thường: 2,2-đimetylbutan

a, m _{bình tăng} = m_C2H4 = 1,05 (g)

\(\Rightarrow n_{C_2H_4}=\dfrac{1,05}{28}=0,0375\left(mol\right)\)

\(\Rightarrow n_X=\dfrac{2,24}{22,4}-0,0375=0,0625\left(mol\right)\)

\(n_{CO_2}=\dfrac{8,4}{22,4}=0,375\left(mol\right)\)

Gọi CTPT của X là C_nH_2n+2

\(\Rightarrow n=\dfrac{n_{CO_2}}{n_X}=6\)

Vậy: X là C₆H₁₄.

\(\left\{{}\begin{matrix}\%m_{C_2H_4}=\dfrac{1,05}{1,05+0,0625.86}.100\%\approx16,34\%\\\%m_{C_6H_{14}}\approx83,66\%\end{matrix}\right.\)

b, CTCT: \(CH_3C\left(CH_3\right)_2CH_2CH_3\)

Tên gọi: neo - hexan.