Pt:

C_xH_y + (x + 0,25y)O₂ → xCO₂ + 0,5yH₂O

1    → (x + 0,25y)           x          0,5y

Thể tích và số mol tỉ lệ thuận nên thể tích bằng nhau thì số mol cũng bằng nhau

Theo đề bài: n_{(khí trước pứ)} = n_{(khí sau pứ)}

Đáp án D

Đốt cháy ancol cho n_H2O > n_CO2 => ancol no

Gọi CTPT X: C_nH_2n+2O_y 

Gọi n_CO2 = 3x (mol) => n_H2O = 4x ; n_O2 = 1,5.3x =  4,5x (mol)

n_X =  n_H2O – n_CO2 = 4x – 3x => n = 3 => C₃H₈O_x

BTNT O => nO (trong ancol) = 2.3x + 4x – 2.4,5x = x = n _ancol

C₃H₈O

Chọn đáp án B

nH2O > nCO2 

⇒ ancol X là ancol no, mạch hở dạng CnH2n + 2Om.

theo giả thiết, giả sử nCO2 = 3 mol 

⇒ nH2O = 4 mol và nO2 cần = 4,5 mol.

Phản ứng: 

CnH2n + 2Om + 4,5 mol O2 → 3 mol CO2 + 4 mol H2O.

Tương quan đốt: 

nX = nH2O – nCO2 = 1 mol 

⇒ n = nCO2 : nX = 3.

Bảo toàn nguyên tố Oxi có

 nO trong X = 3 × 2 + 4 – 2 × 4,5 = 1 mol 

⇒ m = 1.

Vậy, công thức phân tử của X là C3H8O

Chọn đáp án D

nH2O > nCO2 

⇒ ancol X là ancol no, mạch hở dạng CnH2n + 2Om.

theo giả thiết, giả sử nCO2 = 3 mol 

⇒ nH2O = 4 mol và nO2 cần = 4,5 mol.

Phản ứng: 

CnH2n + 2Om + 4,5 mol O2 → 3 mol CO2 + 4 mol H2O.

Tương quan đốt: 

nX = nH2O – nCO2 = 1 mol 

⇒ n = nCO2 : nX = 3.

Bảo toàn nguyên tố Oxi có

 nO trong X = 3 × 2 + 4 – 2 × 4,5 = 1 mol 

⇒ m = 1.

Vậy, công thức phân tử của X là C3H8O

Đáp án D

n_H2O > n_CO2 ⇒ ancol X là ancol no, mạch hở dạng C_nH_{2n + 2}O_m.

theo giả thiết, giả sử n_CO2 = 3 mol ⇒ n_H2O = 4 mol và n_{O2 cần} = 4,5 mol.

Phản ứng: C_nH_{2n + 2}O_m + 4,5 mol O₂ → 3 mol CO₂ + 4 mol H₂O.

Tương quan đốt: n_X = n_H2O – n_CO2 = 1 mol ⇒ n = n_CO2 : n_X = 3.

Bảo toàn nguyên tố Oxi có n_{O trong X} = 3 × 2 + 4 – 2 × 4,5 = 1 mol ⇒ m = 1.

Vậy, công thức phân tử của X là C₃H₈O

Đáp án B

=> 2 hidrocacbon có số nguyên tử C là 3 và 4 và có 1 hidrocacbon có số nguyên tử H nhỏ hơn 8

- Kết hợp đáp án suy ra 2 hidrocacbon là C 3 H 6   và   C 4 H 8

Chọn A

C₂H₂ và CH₄

\(n_{SO_2}=\dfrac{V_{SO_2\left(ĐKTC\right)}}{22,4}=\dfrac{6,72}{22,4}=0,3\left(mol\right)\)

PTHH: \(S+O_2\underrightarrow{t^o}SO_2\)

...........1.........1........1......

...........0,3......0,3......0,3.....

a. \(m_S=n_S\cdot M_S=0,3\cdot32=9,6\left(g\right)\)

b. \(V_{O_2\left(ĐKTC\right)}=n_{O_2}\cdot22,4=0,3\cdot22,4=6,72\left(l\right)\)

\(V_{kk\left(ĐKTC\right)}=V_{O_2\left(ĐKTC\right)}\cdot5=6,72\cdot5=33,6\left(l\right)\)

\(n_{SO_2}=\dfrac{6.72}{22.4}=0.3\left(mol\right)\)

\(S+O_2\underrightarrow{t^0}SO_2\)

\(0.3..0.3...0.3\)

\(m_S=0.3\cdot32=9.6\left(g\right)\)

\(V_{kk}=5V_{O_2}=5\cdot22.4\cdot0.3=33.6\left(l\right)\)

a/

ta có: \(n_{SO_2}=\dfrac{6.72}{22.4}=0.3\left(mol\right)\)

PTHH

\(S+O_2\underrightarrow{t^o}SO_2\)

1              1

x              0.3

\(=>x=0.3=n_S\)

\(=>m_S=0.3\cdot32=9.6\left(g\right)\)