Ta có: \(\widehat{B_1}+\widehat{B_2}=180^o\)(hai góc kề bù) 

suy ra \(\widehat{B_2}+\frac{1}{2}\widehat{B_2}=\frac{3}{2}\widehat{B_2}=180^o\Leftrightarrow\widehat{B_2}=120^o\)

\(\widehat{B_1}=\frac{1}{2}\widehat{B_2}=120^o\div2=60^o\)

Có \(a//b\)nên \(\widehat{B_1}=\widehat{A_1}\)(hai góc so le trong) 

suy ra \(\widehat{A_1}=60^o\)

help mi đi

xin lỗi, mik ko giải đc

Kéo dài OB cắt đường thẳng a tại D. Tính được ^OAD rồi suy ra ^AOB

giải hộ mk nha

s chữ nhật 14*6.5=91 m2

s tam giác trên là : (14-6.5)*(8-5)*(1/2)=11.25 m2

s hình trên= 91+11.25=102.25

@Cù Văn Thái

Cai nay hoi dau nam co hoc ma kiem tra xong quen cmnl :)))))

\(Ba\left(OH\right)_2+CO_2--->BaCO_3\downarrow+H_2O\left(1\right)\)

0,4y_________0,4y__________0,4y

\(NaOH+2CO_2-->Na_2CO_3+H_2O\left(2\right)\)

0,4x______0,8x__________0,4x

\(Na_2CO_3+CO_2+H_2O-->2NaHCO_3\left(3\right)\)

0,4x________0,4x

\(BaCO_3+CO_2+H_2O-->Ba\left(HCO_3\right)_2\left(4\right)\)

0,4y______0,4y

\(n_{NaOH}=0,4x\left(mol\right)\)

\(n_{Ba\left(OH\right)_2}=0,4y\left(mol\right)\)

Theo đồ thị ta chia quá trình phản ứng thành 2 giai đoạn:

+Giai đoạn bắt đầu xuất hiện kết tủa phản ứng (1)

=> 0,4y=0,03=> y =0,075(M)

+Giai đoạn 2 kết tủa đến cực đại rồi tan đến hết phản ứng (2),(3),(4)

=> \(\Sigma n_{CO_2}\left(2\right)=0,8x+0,4x+0,4y=0,13-0,03=0,1\left(mol\right)\)

=> 0,8x+0,8y=0,1=> 0,8x+0,8.0,075=0,1 => x=0,05(M)

=>x:y =2:3

Ten giải theo kiểu ampe kế mắc nối tiếp R1 nhé

Ta có mạch (R2//R3)ntR1

=>Rtđ=\(\dfrac{R2.R3}{R2+R3}+R1=25\Omega\)

Vì Ampe nối tiếp R1=>Ia=I1=2A

=>U1=I1.R1=2.20=40V

Vì R1//R23=>U1=U23=40V

Vì R2ntR3=>I2=I3=I23=\(\dfrac{U23}{R23}=\dfrac{40}{5}=8A\)

=>U2=I2.R2=8.10=80V

Rab=\(\dfrac{R1\cdot< R2+R3>}{R1+R2+R3}\)=?<ôm>

vi R1nt<R2//R3>
nên U1=U2=Uab=Ia*Rab

bạn tự thay số nha

Kí hiệu này là tập hợp con

~ HT ~

Đó là kí hiệu giao nhau.

VD: \(N\subset Z\)

◇❄️chúc bạn học tốt❄️◇

TL :

Đây là kí hiệu tập hợp con.

_HT_