\(2C_2H_2+5O_2\rightarrow4CO_2+2H_2O\)

\(C_2H_4+3O_2\rightarrow2CO_2+2H_2O\)

\(2C_2H_6+7O_2\rightarrow4CO_2+6H_2O\)

Ta có:

\(n_X=\frac{4,48}{22,4}=0,2\left(mol\right)\)

\(\Rightarrow n_{CO2}=2n_X=0,4\left(mol\right)\)

Các chất trong X đều có 2 C nên quy về dạng

Quy X về

X có dạng chung làC2Hx(0,2 mol)

MX=12.2+X=14.2

=>X=4

=>nCO2=nH2O=0,4

=>mCO2=0,4.44=17,6g

=>mH2O=0,4.18=7,2g

C₂H₂ + H₂ C₂H₄

C₂H₂ + H₂ C₂H₆

Khi cho hỗn hợp B qua dd nước Br₂ chỉ có C₂H₄ và C₂H₂ phản ứng C₂H₂ +2Br₂ → C₂H₂Br₄

C₂H₄ + Br₂ → C₂H₄Br₂

=> khối lượng bình Br₂ tăng chính bằng khối lượng của C₂H₂ và C₂H₄

m_C2H2 + m_C2H4 = 4,1 (g)    

Hỗn hợp khí D đi ra là CH₄, C₂H₆ và H₂

CH₄ + 2O₂ → t ∘  CO₂ + 2H₂O

C₂H₆ + O₂  → t ∘  2CO₂ + 3H₂O

2H₂ + O₂  → t ∘  2H₂O

Bảo toàn nguyên tố O cho quá trình đốt cháy hh D ta có:

2n_CO2 = 2n_O2 – n_H2O => n_CO2 = ( 0,425. 2– 0,45)/2 = 0,2 (mol)

Bảo toàn khối lượng : m_{hh D} = m_CO2 + m_H2O – m_O2 = 0,2.44 + 0,45.18 – 0,425.32 = 3,3 (g)

Bảo toàn khối lương: m_A = (m_C2H2 + m_C2H4) + m_{hh D} = 4,1 + 3,3 = 7,4 (g)

a, \(CH_4+2O_2\underrightarrow{t^o}CO_2+2H_2O\)

\(C_2H_4+3O_2\underrightarrow{t^o}2CO_2+2H_2O\)

\(2C_2H_2+5O_2\underrightarrow{t^o}4CO_2+2H_2O\)

b, Sửa đề: 17,9 (l) → 17,92 (l)

Ta có: \(n_{CO_2}=\dfrac{17,92}{22,4}=0,8\left(mol\right)=n_C\)

\(n_{H_2O}=\dfrac{18}{18}=1\left(mol\right)\Rightarrow n_H=1.2=2\left(mol\right)\)

⇒ m_A = m_C + m_H = 0,8.12 + 2.1 = 11,6 (g)

Theo ĐLBT KL, có: m_A + m_O2 = m_CO2 + m_H2O

⇒ m_O2 = 0,8.44 + 18 - 11,6 = 41,6 (g)

\(\Rightarrow n_{O_2}=\dfrac{41,6}{32}=1,3\left(mol\right)\Rightarrow V_{O_2}=1,3.22,4=29,12\left(l\right)\)

em mới học lớp 6 nên sory

Đáp án D

Bảo toàn khối lượng ta có:

m_X = m_{C2H4+C2H2 dư} + m_{C2H6+H2 dư} = 10,8 + 0,2.16 = 14 (g)

=> 26a+ 2a = 14

=> a = 0,5 (mol)

Đốt hỗn hợp Y giống như đốt hỗn hợp X nên ta có:

C₂H₂ + 2,5O₂ → 2CO₂ + H₂O

0,5    →1,25                              (mol)

H₂ +  0,5O₂ → H₂O

0,5  →0,25                                (mol)

=> ∑ n_O2 = 1,25 + 0,25 = 1,5 (mol)

=> V_O2(đktc) = 1,5.22,4 = 33,6 (lít)

Đáp án A

V lít hhX chứa C₂H₂, C₂H₄, H₂ có d_X/H2 = 4,7.

hhX qua Ni, t^o → hhY.

Dẫn Y qua Br₂ dư → m_{bình tăng} = 5,4 gam + hh khí Z.

hhZ + O₂ → 0,2 mol CO₂ + 0,8 mol H₂O

• hh khí Z chỉ gồm hiđrocacbon và H₂ dư nên

m_Z = m_C + m_H = 0,2 x 12 + 0,8 x 2 = 4 gam.

Theo BTKL:

m_X = m_Y = m_{bình tăng} + m_Z = 5,4 + 4 = 9,4 gam.

→ n_X = 9,4 : 9,4 = 1 mol

→ V_X = 1 x 22,4 = 22,4 lít

Đáp án D

hhX gồm C₂H₂ và H₂ có cùng số mol.

hhX cho qua xúc tác nung nóng

→ hhY gồm C₂H₄, C₂H₆, C₂H₂ và H₂.

Sục Y vào brom dư

→ m_{bình tăng} = 19 gam và 0,2 mol hh khí có d_/H2 = 8,5.

• Theo BTKL:

m_hhX = m_{bình brom tăng} + m_{khí thoát ra}

= 19 + 0,2 x 17 = 22,4 gam.

→ n_C2H2 = n_H2 = 22,4 : (26 + 2) = 0,8 mol.

• C₂H₂ + 2,5O₂ → 2CO₂ + H₂O

0,8----------2

H₂ + 0,5O₂ → H₂O

0,8----0,4

→ ∑n_O2 = 2 + 0,4 = 2,4 mol

→ V_O2 = 2,4 x 22,4 = 53,76 lít

Chọn đáp án D

Ta có m_Z = 0,2 × 8,5×2 = 3,4 gam.

Ta có sơ đồ

+ Theo định luật BTKL ⇒ m_C2H2 + m_H2 = 19 + 3,4 = 22,4 gam

⇒ n_C2H2 = n_H2 = 22,4 ÷ (26 + 2) = 0,8 mol

+ Vì thành phần nguyên tố C và H trong X và Y như nhau.

⇒ Đốt cháy hoàn toàn hh Y hay X thì đều cần 1 lượng oxi như nhau.

Ta có sơ đồ đốt cháy

⇒n_O2 = b = n_CO2 + ½ n_H2O = 2,4 mol ⇒ V_O2 = 53,76 lít ⇒ Chọn D