Thí nghiệm 2 : 

$HCO_3^- + OH^- \to CO_3^{2-} + H_2O$

$Ca^{2+} + CO_3^{2-} \to CaCO_3$
$n_{HCO_3^-} = n_{CO_3^{2-}} = n_{CaCO_3} = \dfrac{3}{100} = 0,03(mol)$

Thí nghiệm 1 : $Ca^{2+}$ hết $CO_3^{2-}$ dư

$n_{Ca^{2+}} = n_{CaCO_3} = \dfrac{2}{100} = 0,02(mol)$

Vậy X gồm : 
$Ca^{2+}(0,02\ mol) ; Na^+ ; HCO_3^-(0,03\ mol) ; Cl^-(0,1\ mol)$
Bảo toàn điện tích : $n_{Na^+} = 0,09(mol)$

Cô cạn thì $HCO_3^- \to CO_3^{2-} + CO_2 + H_2O$
$m = 0,02.40 + 0,09.23 + 0,03.60 + 0,1.35,5 = 8,22(gam)$

Đáp án C

Dung dịch Y hòa tan được Fe₂O₃ nên Y chứa H⁺ (0,15 mol)

=> Y không thể chứa:  

=> Y chứa 2 anion là:  

Có  

=> Y gồm: .

X gồm: 

Cô cạn X được

=> Chọn đáp án C.

Dung dịch có ion Ca2+ => Loại A (vì Ca2+ + CO32– => CaCO3)
Dung dịch có ion Ca2+, HCO3– =>Loại C (vì Ca2+ + HCO3– + OH– =>CaCO3+ H2O)
Với đáp án A, B thì ion X có điện tích 1–.
Theo định luật bảo toàn điện tích:
1.0,01 + 2.0,02 = 1.0,02 + 1.nX nX = 0,03 mol.
Vậy đáp án là: NO3– và 0,03.

2H⁺ + SO₃^2- → H₂O + SO₂↑

2H⁺ + S^2- → H₂S↑

Ba²⁺ + SO₃^2- → BaSO₃↓

Ba²⁺ + SO₄^2- → BaSO₄↓

Đáp án D

Chọn D

Chọn D.

2H⁺ + SO₃^2- → H₂O + SO₂↑

2H⁺ + S^2- → H₂S↑

Ba²⁺ + SO₃^2- → BaSO₃↓

Ba²⁺ + SO₄^2- → BaSO₄↓

Đáp án D

2H⁺ + SO₃^2- → H₂O + SO₂↑

2H⁺ + S^2- → H₂S↑

Ba²⁺ + SO₃^2- → BaSO₃↓

Ba²⁺ + SO₄^2- → BaSO₄↓

Đáp án D

Đáp án A

Khi cho NaOH, hay Ca(OH)₂ dư tác dụng 1/2 dd X, đều xảy ra phản ứng:

HCO₃^- + OH^- → CO₃^2- + H₂O. (1)

Ca²⁺ + CO₃^2- → CaCO₃. (2)

Khi tác dụng Ca(OH)₂ dư thì do Ca²⁺ và OH^- dư nên n(↓ phần 2) = n(HCO₃^-) = 4 , 5 100 = 0,045 mol.

Khi tác dụng NaOH dư, do OH^- dư nên HCO₃^- phản ứng hết. với n(HCO₃^-) = 0,045. Trong khi n(↓ phần 1) = 2 100 = 0,02 < 0,045

⇒ kết tủa tính theo Ca²⁺ với n(Ca²⁺) = n (↓ phần 1) = 0,02 mol.

Bảo toàn điện tích (trong 1/2 dd) → n(Na⁺) + 2n(Ca²⁺)= n(HCO₃^-) + n(Cl^-)

=> n(Na⁺) = 0,045 + 0,035- 0,02.2= 0,04 mol

Khi đun sôi thu được muối chứa Na⁺( tính trong 1/2 dd):

2HCO₃^- → CO₃^2- + CO₂+ H₂O

0,04 mol Na⁺; 0,02 mol Ca²⁺; 0,035 mol Cl^-; 0 . 045 2  CO₃^2-.

Khi nung nóng:

                           Ca²⁺ + CO₃^2-  → CaCO₃

Ban đầu             0,02     0,0225

Sau phản ứng    -           0,0025        0,02

                          CaCO₃ → CaO + CO₂

                           0,02 →     0,02

Chất rắn gồm: 0,04 mol Na⁺; 0,0025 mol CO₃^2-; 0,035 mol Cl^- và 002 mol CaO

→ m =2(0,04.23 + 0,0025.60 + 0,035.35,5 + 0,02.56) = 6,865 gam.

Đáp án A

Khi cho NaOH, hay Ca(OH)₂ dư tác dụng 1/2 dd X, đều xảy ra phản ứng:

HCO₃^- + OH^- → CO₃^2- + H₂O.(1)

Ca²⁺ + CO₃^2- → CaCO₃.(2)

Khi tác dụng Ca(OH)₂ dư thì do Ca²⁺ và OH^- dư nên n(↓ phần 2) = n(HCO₃^-) = 4,5/100= 0,045 mol.

Khi tác dụng NaOH dư, do OH^- dư nên HCO₃^- phản ứng hết. với n(HCO₃^-) = 0,045. Trong khi n(↓ phần 1) = 2/100 = 0,02 < 0,045

⇒ kết tủa tính theo Ca²⁺ với n(Ca²⁺) = n(↓ phần 1) = 0,02 mol.

Bảo toàn điện tích ( trong 1/2 dd) → n(Na⁺) + 2n(Ca²⁺)=n(HCO₃^-) + n(Cl^-)

=> n(Na⁺) = 0,045 + 0,035- 0,02.2= 0,04 mol

Khi đun sôi thu được muối chứa Na⁺( tính trong 1/2 dd): 2HCO₃^- → CO₃^2- + CO₂+ H₂O

0,04 mol Na⁺; 0,02 mol Ca²⁺; 0,035 mol Cl^-; 0,045/2 CO₃^2-.

Khi nung nóng:

                           Ca²⁺ + CO₃^2-  →  CaCO₃

Ban đầu             0,02     0,0225

Sau phản ứng    -           0,0025        0,02

                          CaCO₃ → CaO + CO₂

                           0,02 →     0,02

Chất rắn gồm: 0,04 mol Na⁺; 0,0025 mol CO₃^2-; 0,035 mol Cl^- và 002 mol CaO

→ m =2.( 0,04.23 + 0,0025.60 + 0,035.35,5 + 0,02.56) = 6,865 gam.