Hoàn toàn tương tự bài toán trước. Có thể tự chọn lượng chất rồi bảo toàn khối lượng cho phản ứng, hoặc một cách nhanh hơn là áp dụng công thức:

Vậy đáp án đúng là A

Đáp án : C

Áp dụng định luật bảo toàn khối lượng ta có: mA = mB

Giả sử ban đầu có 1 mol hỗn hợp A   => nB = 1,25.1 = 1,25 mol

Trong phản ứng đề hidro hóa: số mol hỗn hợp sau phản ứng tăng, số mol tăng của hỗn hợp B so với hỗn hợp A chính là số mol các chất phản ứng

=> H = (1,25-1) .100% = 25%

Đáp án C

Áp dụng định luật bảo toàn khối lượng ta có: m_A = m_B

Giả sử ban đầu có 1 mol hỗn hợp A => n_B = 1,25.1 = 1,25 mol

Trong phản ứng đề hidro hóa: số mol hỗn hợp khí sau phản ứng tăng, số mol tăng của hỗn hợp B so với hỗn hợp A chính là số mol các chất phản ứng.

Đặt : 

nX = nY = x (mol) 

CT : CnH2n+2 , CmH2m+2 

nCO2 = 13.44/22.4 = 0.6 (mol) 

BT C : 

x(n+m) = 0.6 (1) 

mhh = x(14n + 2) + x(14m + 2) = 8.8 

=> 14x(n+m) + 4x = 8.8 

=> 14*0.6 + 4x = 8.8

=> x = 0.1 

 Từ (1) => n + m = 0.6/0.1 = 6 

BL : n = 2 , m = 4 => C2H6 , C4H8 

n = 1 , m = 5 => CH4 , C5H12 

A. C₂H₆ và C₄H₁₀

a, Gọi: \(\left\{{}\begin{matrix}n_{CH_4}=x\left(mol\right)\\n_{O_2}=y\left(mol\right)\end{matrix}\right.\)

Có: \(d_{A/H_2}=12\Rightarrow\dfrac{16x+32y}{x+y}=12.2\)

\(\Rightarrow x=y\)

\(\Rightarrow\%n_{CH_4}=\%n_{O_2}=50\%\)

b, PT: \(CH_4+2O_2\underrightarrow{t^o}CO_2+2H_2O\)

Coi x = y = 1 (mol)

Xét tỉ lệ: \(\dfrac{1}{1}>\dfrac{1}{2}\), ta được CH₄ dư nếu pư hoàn toàn.

Theo PT: \(\left\{{}\begin{matrix}n_{CH_4\left(pư\right)\left(LT\right)}=n_{CO_2\left(LT\right)}=\dfrac{1}{2}n_{O_2}=0,5\left(mol\right)\\n_{H_2O\left(LT\right)}=n_{O_2}=1\left(mol\right)\end{matrix}\right.\)

Mà: H = 60%

\(\Rightarrow\left\{{}\begin{matrix}n_{CH_4\left(pư\right)\left(TT\right)}=n_{CO_2\left(TT\right)}=0,5.60\%=0,3\left(mol\right)\\n_{H_2O\left(TT\right)}=1.60\%=0,6\left(mol\right)\end{matrix}\right.\)

B gồm: CH_{4 (dư)}: 1 - 0,3 = 0,7 (mol); CO₂: 0,3 (mol), O₂: 1 - 1.60% = 0,4 (mol)

Ở cùng điều kiện nhiệt độ, áp suất thì %V cũng là %n

\(\Rightarrow\left\{{}\begin{matrix}\%V_{CH_4}=\dfrac{0,7}{0,7+0,3+0,4}.100\%=50\%\\\%V_{CO_2}=\dfrac{0,3}{0,7+0,3+0,4}.100\%\approx21,4\%\\\%V_{O_2}\approx28,6\%\end{matrix}\right.\)

m_H2O = 0,6.18 = 10,8 (g)

Câu 1:

Gọi CTTQ của ankan là C_nH_2n+2

Ta có

12n/14n+2=83,33%

=> n=5

Vậy CTPT của Y là C5H12

Câu 2:

Ta có:

n_CO2 = 0,1 mol

n_H2O = 0,15 mol

Bảo toàn nguyên tố O:

2.n_O2 = 2.n_CO2 + n_H2O

=> n_O2 = (2n_CO2 + n_H2O)/ 2 = 0,175 mol

=> V_O2 = 0,175.22,4 = 3,92l

Câu 3:

Gọi CTQT là C_nH_2n+2

Ta có:

n_CO2 = 0,55mol

n_H2O = 0,7mol

=> n_hh = 0,7 - 0,55 = 0,15mol

n = n_CO2 / n_hh = 3,667

Vậy CTPT của 2 ankan là C3H8 và C4H10

Chọn B

 1 mol

a) Trong 1 mol A có 0,25 mol NO_x, 0,25 mol O₂, 0,5 mol H₂

Có \(M_{NO_x}=\dfrac{11,5}{0,25}=46\left(g/mol\right)\)

=> x = 2

=> NO_x là NO₂ (Nito đioxit)

b) \(\overline{M}_A=\dfrac{0,5.2+0,25.32+0,25.46}{1}=20,5\left(g/mol\right)\)

=> \(d_{A/kk}=\dfrac{20,5}{29}=0,707\)

a)Giả sử có 1mol hhA.

\(\%V_{H_2}=50\%=\%n_{H_2}\)\(\Rightarrow n_{H_2}=1\cdot50\%=0,5mol\)

\(\%V_{O_2}=25\%=\%n_{O_2}\Rightarrow n_{O_2}=1\cdot25\%=0,25mol\)

\(n_{NO_x}=1-0,5-0,25=0,25mol\)

\(M_{NO_x}=\dfrac{m}{n}=\dfrac{11,5}{0,25}=46đvC\)

\(\Rightarrow14+16x=46\Rightarrow x=2\)

Vậy CTHH cần tìm là \(NO_2:nitođioxit\)

b)\(\overline{M_A}=\dfrac{m_{H_2}+m_{O_2}+m_{NO_x}}{n_{H_2}+n_{O_2}+n_{NO_x}}=\dfrac{0,5\cdot2+0,25\cdot32+0,25\cdot46}{0,5+0,25+0,25}=20,5đvC\)

\(d_A\)_/KK=\(\dfrac{20,5}{29}=0,71\)

Đáp án D

n_D = 0,45 => n_O(D) = 0,9 mol

n_Y = 0,05 mol

Đặt n_N2 = x => n_H2 = 0,05 – x

=> 28x + 2(0,05 – x) = 0,05.11,4.2 = 1,14

=> x = 0,04 mol

=> n_N2 = 0,04 mol và n_H2 = 0,01 mol

Trong Y chứa khí H₂ chứng tỏ NO₃^- hết

Hỗn hợp muối clorua gồm : a mol MgCl₂ ; 0,25 mol CuCl₂ ; NH₄Cl

Bảo toàn Clo : n_NH4Cl = 1,3 – 2a – 0,5 = 0,8 – 2a

Bảo toàn H : n_H2 = ½ (n_HCl + 4n_NH4Cl – 2n_H2) = 4a – 0,96

Bảo toàn O : n_O (Cu(NO₃)₂) = n_O(D) + n_O(H2O) => 0,25.6 = 0,9 + 4a – 0,96

=> a = 0,39 mol

=> m = 0,39.95 + 0,25.135 + (0,8 – 2.0,39). 53,5 = 71,87g