Đáp án D

Lượng  CO 2  tham gia phản ứng và lượng  Ba ( OH ) 2  ở hai thí nghiệm đều bằng nhau, nhưng ở TN1 thu được lượng kết tủa ít hơn ở TN2. Suy ra ở TN1 kết tủa đã bị hòa tan một phần. Dựa vào tính chất của đồ thị ở TN1 suy ra :

n CO 2 = 2 n Ba ( OH ) 2 - n BaCO 3 = ( 2 a - 0 , 1 ) mol

Đồ thị biểu diễn sự biến thiên lượng kết tủa theo lượng  CO 2  ở  TN1 và TN2 :

Dựa vào 2 đồ thị, ta thấy a < 2a - 0,1 < 2a nên ở TN2 kết tủa đạt cực đại. Suy ra :

Vậy V = 6,72 lít và a = 0,2 mol

Chọn đáp án B

Có 5 thí nghiệm thu được kết tủa là (2), (3), (4), (5) và (6).

(1) không có kết tủa vì BaCO₃ tan khi phản ứng với CO₂ dư.

(2) có kết tủa vì CO₂ không đủ mạnh để hòa tan Al(OH)₃.

(3) có kết tủa vì H C O 3 -   phản ứng với OH^- tạo C O 3 2 - kết tủa với Ca

(4) có kết tủa vì Al³⁺ dư nên không có sự tạo thành A l O H 4 -  

(5) có kết tủa vì khi đun nóng   H C O 3 - chuyển thành  C O 3 2 -  và CO₂, chính  C O 3 2 - kết tủa với Ca²⁺

(6) có kết tủa vì Na tan trong H₂O tạo NaOH kết tủa với Cu²⁺

Bài 23 : 

n BaCO3 = 0,1(mol) > n Ba(OH)2 = 0,15 mol

- TH1 : Ba(OH)2 dư

$Ba(OH)_2 + CO_2 \to BaCO_3 + H_2O$

n CO2 = n BaCO3 = 0,1(mol)

=> V = 0,1.22,4 = 2,24 lít

- TH1 : BaCO3 bị hòa tan một phần

$Ba(OH)_2 + CO_2 \to BaCO_3 + H_2O(1)$
$Ba(OH)_2 + 2CO_2 \to Ba(HCO_3)_2(2)$

n CO2(1) = n Ba(OH)2 (1) = n BaCO3 = 0,1(mol)

=> n Ba(OH)2 (2) = 0,15 - 0,1 = 0,05(mol)

=> n CO2 (2) = 2n Ba(OH)2 (2) = 0,1(mol)

=> V = (0,1 + 0,1).22,4 = 4,48 lít

Bài 24 : 

$Ca(OH)_2 + CO_2 \to CaCO_3 + H_2O$

n Ca(OH)2 = n CO2 = 2,24/22,4 = 0,1(mol)

CM Ca(OH)2 = 0,1/0,2 = 0,5M

Bài 27 : 

n CO2 = 0,1(mol)

Ta có : 

 n CO2 /  n Ca(OH)2 = 0,1/0,25 = 0,4 < 1

Do đó, sản phẩm muối gồm CaCO3 do Ca(OH)2 dư

Câu 25 : 

$CO_2 + Ca(OH)_2 \to CaCO_3 + H_2O$

$2CO_2 + Ca(OH)_2 \to Ca(HCO_3)_2$

Vì thu được hai muối nên : 

1 < a/b < 2

<=> b < a < 2b

Đáp án B

Đáp án B

Đáp án B

nCO2 = v/22.4 (mol)

nOH- = x + 2y + 2z (mol) 

Để dung dịch sau phản ứng trong suốt 

=> Phản ứng tạo muối axit 

OH- + CO2 => HCO3- 

V/22.4__V/22.4 

=> x + 2y + 2z = V/22.4 

=> V = 22.4(  x + 2y + 2z) (l) 

\(n_{Ba\left(OH\right)_2}=0,15.1=0,15\left(mol\right)\)

Vì phản ứng tạo kết tủa nên xét 2 trường hợp:

TH1: Ba(OH)2 dư, phản ứng tạo muối trung hoà

\(PTHH:Ba\left(OH\right)_2+CO_2\rightarrow BaCO_3+H_2O\)

\(n_{CO_2}=n_{BaCO_3}=\dfrac{19,7}{137+12+3.16}=0,1\left(mol\right)\)

\(V=0,1.22,4=2,24\left(l\right)\)

TH2: Ba(OH)2 dư, phản ứng tạo 2 muối.

\(CO_2+Ba\left(OH\right)_2\rightarrow BaCO_3+H_2O\left(1\right)\\ 2CO_2+Ba\left(OH\right)_2\rightarrow Ba\left(HCO_3\right)_2\left(2\right)\)

\(\left(1\right)\Rightarrow n_{Ba\left(OH\right)_2\left(1\right)}=0,1\left(mol\right)\\ \Rightarrow n_{Ba\left(OH\right)_2\left(2\right)}=0,15-0,1=0,05\left(mol\right)\\ \Rightarrow n_{CO_2}=0,1+0,05.2=0,2\left(mol\right)\\ V=0,2.22,4=4,48\left(l\right)\)

$n_{Ba(OH)_2}=0,15.1=0,15\ (mol)$

$n_{\downarrow}=n_{BaCO_3}=\dfrac{19,7}{197}=0,1\ (mol)$

Vì $n_{BaCO_3}<n_{Ba(OH)_2}$ nên kết tủa chưa đạt cực đại, ta xét 2TH:

TH1: $Ba(OH)_2$ dư

$Ba(OH)_2+CO_2\to BaCO_3+H_2O$

$\Rightarrow n_{CO_2}=n_{BaCO_3}=0,1\ (mol)$

$\Rightarrow V_{CO_2}=0,1.22,4=2,24\ (l)$

TH2: $CO_2$ dư, kết tủa bị hòa tan 1 phần

$Ba(OH)_2+CO_2\to BaCO_3+H_2O\ (1)$

$BaCO_3+CO_2+H_2O\to Ba(HCO_3)_2\ (2)$

Ta có: $n_{BaCO_3\ (1)}=n_{Ba(OH)_2}=0,15\ (mol)$

Mà số mol kết tủa là $0,1$ mol nên số mol kết tủa bị hòa tan là $0,1-0,15=0,05$ mol

$\Rightarrow n_{BaCO_3\ (2)}=0,05\ (mol)$

$\sum n_{CO_2}=n_{CO_2\ (1)}+n_{CO_2\ (2)}=0,15+0,05=0,2\ (mol)$

$\Rightarrow V_{CO_2}=0,2.22,4=4,48\ (l)$

Vậy....