Sửa đề: 15,86 (l) O₂ → 15,68 (l) O₂

Gọi CTPT của X và Y là C_nH_2n+2O và C_mH_2m-2O₄ (m ≥ 2) có số mol lần lượt là x (mol) và y (mol)

Ta có: \(n_{O_2}=\dfrac{15,68}{22,4}=0,7\left(mol\right)\)

\(n_{CO_2}=\dfrac{12,32}{22,4}=0,55\left(mol\right)\)

\(n_{H_2O}=\dfrac{11,7}{18}=0,65\left(mol\right)\)

BTNT O, có: x + 4y = 0,55.2 + 0,65 - 0,7.2 = 0,35 (1)

BTNT C, có: nx + my = 0,55 (2)

BTNT H, có: 2nx + 2x + 2my - 2y = 0,65.2 (3)

Từ (1), (2) và (3) \(\Rightarrow\left\{{}\begin{matrix}x=0,15\left(mol\right)\\y=0,05\left(mol\right)\end{matrix}\right.\)

BTKL, có: m_M + m_O2 = m_CO2 + m_H2O ⇒ m_M = 13,5 (g)

⇒ 0,15.(14n + 18) + 0,05.(14m + 62) =13,5

⇒ 3n + m = 11

- TH1: n = 1 ⇒ m = 8 (tm) → CTPT: CH₄O và C₈H₁₄O₄.

- TH2: n = 2 ⇒ m = 5 (tm) → CTPT: C₂H₆O và C₅H₈O₄.

- TH3: n = 3 ⇒ m = 2 (tm) → CTPT: C₃H₈O và C₂H₂O₄.

b, Ta có: \(n_{R\left(COOH\right)_2}=0,05\left(mol\right)\)

\(n_{OH^-}=n_{NaOH}+n_{KOH}=0,1.1+0,1.0,5=0,15\left(mol\right)\)

\(R\left(COOH\right)_2+2OH^-\rightarrow R\left(COO^-\right)_2+2H_2O\)

0,05___________0,1_________________0,1 (mol)

→ Bazo dư nên sau khi cô cạn dd N, chất rắn khan thu được gồm: muối, bazo dư.

- TH1: 

BTKL, có: m_C8H14O4 + m_NaOH + m_KOH = m_{cr khan} + m_H2O

⇒ m_{cr khan} = 0,05.174 + 0,1.40 + 0,05.56 - 0,1.18 = 13,7 (g) = a

- TH2: 

BTKL, có: m_C5H8O4 + m_NaOH + m_KOH = m_{cr khan} + m_H2O

⇒ m_{cr khan} = 0,05.132 + 0,1.40 +0,05.56 - 0,1.18 = 11,6 (g) = a

- TH3:

BTKL, có: m_C2H2O4 + m_NaOH + m_KOH = m_{cr khan} + m_H2O

⇒ m_{cr khan} = 0,05.90 + 0,1.40 + 0,05.56 - 0,1.18 = 9,5 (g) = a

Đáp án B

Dựa trên phản ứng đốt cháy tổng quát của cacbohiđrat:

Bạn có thể thấy ngay:

Bảo toàn khối lượng:

\(n_{CO_2}=\dfrac{7,84}{22,4}=0,35\left(mol\right)\); \(n_{O_2}=\dfrac{10,64}{22,4}=0,475\left(mol\right)\)

BTKL: m_CO2 + m_H2O = 8,3 + 0,475.32 = 23,5 (g)

=> n_H2O = \(\dfrac{23,5-0,35.44}{18}=0,45\left(mol\right)\)

=> n_H = 0,9 (mol)

n_C = 0,35 (mol)

=> \(n_O=\dfrac{8,3-0,35.12-0,9.1}{16}=0,2\left(mol\right)\)

Giả sử X chứa C_nH_2n+2O_x, C_n+1H_2n+4O_y

Đặt \(\left\{{}\begin{matrix}n_{C_nH_{2n+2}O_x}=a\left(mol\right)\\n_{C_{n+1}H_{2n+4}O_y}=b\left(mol\right)\end{matrix}\right.\)

Bảo toàn C: an + bn + b = 0,35 

=> 2an + 2bn + 2b = 0,7 (1)

Bảo toàn H: 2an + 2a + 2bn + 4b = 0,9 (2)

Bảo toàn O: ax + by = 0,2 (3)

(2) - (1) => 2a + 2b = 0,2 => a + b = 0,1 

(1) => 2n(a+b) + 2b = 0,7

=> 0,2n + 2b = 0,7

Mà 0 < b < 0,1

=> 2,5 < n < 3,5

=> n = 3

Vậy X chứa C₃H₈O_x, C₄H₁₀O_y

=> \(\left\{{}\begin{matrix}a+b=0,1\\3a+4b=0,35\end{matrix}\right.\)

=> a = 0,05 (mol); b = 0,05 (mol)

Thay vào (3)

=> 0,05x + 0,05y = 0,2

=> x + y = 4 

TH1: x = 1; y = 3

=> X chứa C₃H₈O, C₄H₁₀O₃

TH2: x = 2; y = 2

=> X chứa C₃H₈O₂, C₄H₁₀O₂

TH3: x = 3; y = 1

=> X chứa C₃H₈O₃, C₄H₁₀O

Chọn đáp án C

Ta có n C O 2 = n H 2 O = 0 , 18 m o l → X là este no, đơn chức, mạch hở

Vì X là este đơn chức → n O X = 0 , 6 . 2 = 0 , 12 m o l

Bảo toàn nguyên tố O → n O 2 = n C O 2 + n H 2 O - 2 n O X 2 = 2 . 0 , 18 + 0 , 18 - 0 , 12 2 = 0 , 21 m o l

Chọn đáp án C.

Có

Đáp án: B

Ta có n_CO2 = 0,3 mol, n_H2O = 0,2 mol

Vì X là este đơn chức → n_O(X) = 0,1.2 = 0,2 mol

Bảo toàn nguyên tố O 

→ V = 6,72 lít