Chọn đáp án B

► Với HCHC chứa C, H và O thì n_CO2 – n_H2O = (k – 1).n_HCHC (với k là độ bất bão hòa của HCHC).

||⇒ áp dụng: k – 1 = 5 ⇒ k = 6 = 3π_C=O + 3π_C=C ⇒ công H₂ theo tỉ lệ 1 : 3

CTTQ của este là C_nH_2n+2-2k-2zO_2z với k là số liên kết pi giữa C và C, z là số nhóm chức este.

=> CTTQ của X là: C_nH_2n-2k-4O₆

C_nH_2n-2k-4O₆   +  O₂  →  nCO₂   +  (n - k -2)H₂O

Theo đề bài ta có: n - (n - k -2) = 4

<=>  k = 2

Vậy X sẽ phản ứng với H₂ theo tỉ lệ 1 : 2 

=> nX = 1/2nH₂ = 0,1 mol = nY 

BTKL => mX = mY - mH₂ = 20gam

=> M_X = 20:0,1 = 200

X có dạng (\(\overline{R}\)COO)₃C₃H₅

=> \(\overline{R}\) = 27 

Vì X có phản ứng tráng gương và 2 liên kết pi C với C => X tạo bởi 2 axit đơn chức là HCOOH và 1 axit đơn chức CH\(\equiv\)C-COOH

=> X sẽ phản ứng được với 4AgNO₃ /NH₃

<=> x = 4a = 0,4 

Chọn đáp án B

♦ giải đốt a gam E dạng CnHmO6 + 0,21 mol O2 → t o  0,2 mol CO2 + 0,14 mol H2O.

BTKL có a = mE = 4,6 gam và bảo toàn nguyên tố O có nE = 1/6.∑nO trong E = 0,02 mol.

♦ Thủy phân: 4,6 gam E + 0,02 × 3 mol NaOH → b gam muối + 0,02 mol C3H5(OH)3.

BTKL có b = mmuối = 4,6 + 0,06 × 40 – 0,02 × 92 = 5,16 gam

Chọn đáp án C

Nhận thấy b-c= 4a → trong X có 5 liên kết π trong đó có 3 liên kết π ở gốc COO và 2 liên kết π ở gốc hidrocacbon C=C

Như vậy để hidro hóa hoàn toàn 1 mol X cần dùng 2 mol H2 → nX = 0,18 : 2 = 0,09 mol

Bảo toàn khối lương → mX = 77,58 - 0,18. 2= 77,22 gam

Khi tham gia phản ứng thủy phân → nC3H5(OH)3 = nX = 0,09 mol

Bảo toàn khối lượng → mchất rắn = mX + mKOH - mC3H5(OH)3

→ mchât rắn = 77,22 + 0,3. 56 - 0,09. 92 = 85,74 gam.

Chọn đáp án D

Bảo toàn nguyên tố O, ta có:  n O ( X )   = 2 n CO 2 +   n H 2 O   -   2 n O 2   =   0 . 12 mol ⇒ n X   =   0 . 04 mol

Lại có  n CO 2   -   n H 2 O   =   1 , 1   -   1   =   0 . 1 mol nên X có 6 liên kết pi trong phân tử với 3 liên kết pi là ở mạch C và 3 liên kết pi của nhóm –COO.

Suy ra để tác dụng đối đa với 0,24 mol Br₂ cần 0,08 mol X.

n_H2 = 6,72/22,4 = 0,3 mol 

Đốt với hợp chất hữu cơ chứa C, H và O ( nếu có) thì khi đốt cháy ta có:

nCO2 - nH2O = (k-1).nHCHC

→ k = 5 = 3p_{C = O} + 2p_{C = C}

Mặt khác: 1p_{C = C} + 1H₂ → n_X = 1/2 n_H2 = 0,15mol 

Bảo toàn khối lượng: m₁ = 39 – m_H2= 39 - 0,3.2 = 38,4 g

Dễ thấy NaOH dư → n_glixerol = n_X = 0,15 mol

 → m₂ = m₁ + m_NaOH – m_glixerol = 38,4 + 0,7.40 – 0,15.92 = 52,6 g

→ Đáp án D

Đáp án C

Độ bất bão hòa của X = (b-c)/a + 1 = 5

=> X: C_nH_2n-8O₆

C_nH_2n-8O₆ + 2H₂ → C_nH_2n-4O₆

0,15 →         0,3

=> m_X = m_Y – m_H2 = 39- 0,3.2 = 38,4 (g)

m_X + NaOH → muối + C₃H₅(OH)₃

BTKL : m₂ = 38,4 + 0,7.40 – 0,15.92 = 52,6 (g)

Chọn đáp án D

Đáp án D