Gọi $n_{Na_2CO_3\ pư} = 0,1a(mol) ; n_{NaHCO_3\ pư} = 0,3a(mol)$
$Na_2CO_3 + H_2SO_4 \to Na_2SO_4 + CO_2 + H_2O$
$2NaHCO_3 + H_2SO_4 \to  Na_2SO_4 + 2CO_2 + 2H_2O$

Theo PTHH : 

$n_{H_2SO_4} = 0,1a + 0,3a.0,5 = 0,15 \Rightarrow a = 0,6$

$n_{CO_2} = 0,1a + 0,3a = 0,24(mol)$
Bảo toàn C : 

$n_{BaCO_3} = 0,1 + 0,3 - 0,24 = 0,16(mol)$
Bảo toàn S : 

$n_{BaSO_4} = n_{H_2SO_4} = 0,15(mol)$

Suy ra : 

$m_{ktua} = 0,16.197 + 0,15.233 = 66,47(gam)$

Đáp án B

Na₂CO₃ +H₂SO₄ ⟶ Na₂SO₄ +CO₂ +H₂O

NaHCO₃ +H₂SO₄ ⟶ Na₂SO₄ + 2CO₂ + 2H₂O

n H +   =   2 n H 2 S O 4   =   0 , 15   .   2   =   0 , 3 ;   n S O 4 2 -   =   0 , 15   v à   n C O 3 2 -   =   0 , 1 ;   n H C O 3 -   = 0 , 3

Xác định tỉ lệ số mol của C O 3 2 -   v à   H C O 3 - và  trong dung dịch ta có:

n N a 2 C O 3 n N a H C O 3   =   0 , 1 0 , 3   =   1 3

So sánh số mol: Ta có:  ( 2 n C O 3 2 -   +   n H C O 3 2 - )   =   0 , 5 > n H +   =   0 , 3   ⇒   H +   h ế t

Khi cho từ từ A vào B nên C O 3 2 -   và H C O 3 -  sẽ đồng thời phản ứng với axit.

Vì vậy giả sử nếu C O 3 2 -   phản ứng hết x mol thì  H C O 3 -  sẽ phản ứng 1 lượng đúng bằng tỉ lệ mol trong dung dịch của 2 chất là 3x mol.

Do H⁺ hết nên tính theo H⁺ ta có:  5x = 0,3  ⇒ x = 0,6

⇒  Trong X chứa anion: H C O 3 -  (0,3 – 3.0,6 = 0,12 mol),  C O 3 2 -    (0,1 – 0,06 = 0,04 mol) và   S O 4 2 -  (0,15 mol)

Khi cho Ba(OH)₂ dư vào ta có các phản ứng:

Vậy khối lượng kết tủa thu được là:

Đáp án D

Định hướng tư duy giải

Ta có:

a)

\(\left\{{}\begin{matrix}n_{Na_2CO_3}=0,3.1,5=0,45\left(mol\right)\\n_{NaHCO_3}=1.0,3=0,3\left(mol\right)\end{matrix}\right.\)

PTHH: Na₂CO₃ + HCl --> NaCl + NaHCO₃

                0,45-->0,45-------------->0,45

             NaHCO₃ + HCl --> NaCl + CO₂ + H₂O

                 0,15<----0,15---------->0,15

=> V_CO2 = 0,15.22,4 = 3,36 (l)

b)

n_NaHCO3 = 0,6 (mol)

Bảo toàn C: n_BaCO3 = 0,6 (mol)

=> m_BaCO3 = 0,6.197 = 118,2 (g)

Câu 2

a) 

\(m_{CuO\left(pư\right)}=10-6=4\left(g\right)\)

=> \(n_{CuO\left(pư\right)}=\dfrac{4}{80}=0,05\left(mol\right)\)

\(n_{H_2SO_4\left(bd\right)}=0,2.2=0,4\left(mol\right)\)

PTHH: CuO + H₂SO₄ --> CuSO₄ + H₂O

            0,05--->0,05------->0,05

=> n_H2SO4(pư) < n_H2SO4(bd)

=> CuO tan hết

=> m_CuO = 4 (g)

\(\%m_{CuO}=\dfrac{4}{10}.100\%=40\%\)

\(\%m_{Cu}=100\%-40\%=60\%\)

b) \(\left\{{}\begin{matrix}n_{CuSO_4}=0,05\left(mol\right)\\n_{H_2SO_4\left(dư\right)}=0,35\left(mol\right)\end{matrix}\right.\)

=> \(\left\{{}\begin{matrix}C_{M\left(CuSO_4\right)}=\dfrac{0,05}{0,2}=0,25M\\C_{M\left(H_2SO_4.dư\right)}=\dfrac{0,35}{0,2}=1,75M\end{matrix}\right.\)

Đáp án B

Định hướng tư duy giải

Trong dung dịch X

Và