mCO2+mH20=16.8

nCO2=nCaCO3=0.3 mH20=3.6

nH20=0.2 nên nO2 cần dùng=0.3+0.1-0.1=0.3

V=0.3*22.4=6.72

Đáp án C

a) \(n_{O_2}=\dfrac{21,28}{22,4}=0,95\left(mol\right)\)

\(n_{CaCO_3}=\dfrac{60}{100}=0,6\left(mol\right)\)

=> n_CO2 = 0,6 (mol)

Bảo toàn O: \(n_{H_2O}=0,95.2-0,6.2=0,7\left(mol\right)\)

m_{dd giảm} = \(m_{CaCO_3}-m_{CO_2}-m_{H_2O}=60-0,6.44-0,7.18=21\left(g\right)\)

b) \(n_X=n_{H_2O}-n_{CO_2}=0,7-0,6=0,1\left(mol\right)\)

=> n_Y = \(\dfrac{5,6}{22,4}-0,1=0,15\left(mol\right)\)

Theo ĐLBTKL: m_A = 0,6.44 + 0,7.18 - 0,95.32 = 8,6 (g)

=> 0,1.M_X + 0,15.M_Y = 8,6

Do M_Y > 0 => M_X < 86 (g/mol)

- Nếu X là CH₄ => M_Y = \(\dfrac{140}{3}\) (Loại)

- Nếu X là C₂H₆ => M_Y = \(\dfrac{112}{3}\) (Loại)

- Nếu X là C₃H₈ => M_Y = 28 (C₂H₄)

- Nếu X là C₄H₁₀ => M_Y = \(\dfrac{56}{3}\) (Loại)

- Nếu X là C₅H₁₂ => M_Y = \(\dfrac{28}{3}\) (Loại)

Vậy X là C₃H₈, Y là C₂H₄

\(CO_2 + Ca(OH)_2 \to CaCO_3 + H_2O\\ n_{CO_2} = n_{CaCO_3} = \dfrac{30}{100} = 0,3(mol)\\ m_{H_2O} + m_{CO_2} = m_{tăng} \Rightarrow n_{H_2O} = \dfrac{16,8-0,3.44}{18} = 0,2(mol)\\ \)

Bảo toàn nguyên tố với O : 

\(2n_{axit} + 2n_{O_2} = 2n_{CO_2} + n_{H_2O} \\ \Rightarrow n_{O_2} = \dfrac{0,3.2 + 0,2-0,1.2}{2} = 0,3(mol)\\ \Rightarrow V = 0,3.22,4 = 6,72(lít)\)

a) 

Gọi số mol C₂H₅OH, CH₃COOH là a, b (mol)

\(n_{O_2}=\dfrac{11,2}{22,4}=0,5\left(mol\right)\); \(n_{CaCO_3}=\dfrac{40}{100}=0,4\left(mol\right)\)

PTHH: C₂H₅OH + 3O₂ --t^o--> 2CO₂ + 3H₂O

                  a----->3a-------->2a

            CH₃COOH + 2O₂ --t^o--> 2CO₂ + 2H₂O

                    b------>2b-------->2b

            Ca(OH)₂ + CO₂ --> CaCO₃ + H₂O

                               0,4<----0,4

=> \(\left\{{}\begin{matrix}3a+2b=0,5\\2a+2b=0,4\end{matrix}\right.\) => a = 0,1 (mol); b = 0,1 (mol)

a = 0,1.46 + 0,1.60 = 10,6 (g) 

b) \(\left\{{}\begin{matrix}\%m_{C_2H_5OH}=\dfrac{0,1.46}{10,6}.100\%=43,4\%\\\%m_{CH_3COOH}=\dfrac{0,1.60}{10,6}.100\%=56,6\%\end{matrix}\right.\)

c)

PTHH: 2CH₃COOH + Na₂CO₃ --> 2CH₃COONa + CO₂ + H₂O

                   0,1----------------------------------->0,05

B là khí CO₂

V = 0,05.22,4 = 1,12 (l)

♦ Bài tập đốt cháy hợp chất hữu cơ thuần ||→ quan tâm đến CTPT của các chất.

X gồm C₃H₄O₂ + C₁₈H₃₄O₂ + C₄H₆O₂ + C₅H₈O₂. Điểm chung: đều có 2π (π_CO và π_C=C).

||→ đốt 5,4 gam X + O₂ → 0,3 mol CO₂ + (0,3 – x) mol H₂O

||→ tương quan ∑n_CO2 – ∑n_H2O = n_X ||→ n_X = x mol.

||→ m_X = m_C + m_H + m_O = 0,3 × 12 + 2 × (0,3 – x) + 32x = 5,4 gam ||→ x = 0,04 mol.

||→ n_O2 cần đốt = 0,39 mol → V = 8,736 lít. Chọn đáp án A. ♥.

♦ Cách 2:

||→ quy 5,4 gam X về 0,3 mol CH₂ + (5,4 – 0,3 × 14) ÷ (32 – 2) = 0,04 mol O₂H_–2

||→ n_O2 cần đốt = 0,3 × 1,5 – (0,04 + 0,04 ÷ 2) = 0,39 mol → kết quả tương tự

Đáp án D

Chọn đáp án D

Chú ý: Mỗi chất đều có π  và 2O