a) Số nguyên tử Zn bằng số phân tử có trong 5,6 lít khí H2

=>  \(n_{Zn}=n_{H_2}=0,25\left(mol\right)\)

=> \(m_{Zn}=0,25.65=16,25\left(g\right)\)

b) Số phân tử bằng số nguyên tử có trong 5,4 gam Al

=> \(n_{NaOH}=n_{Al}=\dfrac{5,4}{27}=0,2\left(mol\right)\)

=> \(m_{NaOH}=0,2.40=8\left(g\right)\)

Chọn đáp án C

·  A và B trong phân tử đều chứa C, H, O và có số nguyên tử hidro gấp đôi số nguyên tử cacbon  A và B có độ bội liên kết k = 1.

·  Cùng số mol A hoặc B phản ứng với Na đều cho V lít H₂ ⇒ A và B có cùng số nhóm – OH trong phân tử.

·  Hidro hóa A và B (số mol như trên) cần tối đa 2V lít H₂  Chứng tỏ A và B có 1 chức – OH và 1 nối đôi C = C hoặc C = O trong phân tử.

22,8 gam X + Na dư → 0,175 mol H₂ 

⇒ n X = 2 n H 2 = 0 , 35   m o l ⇒ M ¯ X = 22 , 8 0 , 35 = 65 , 1

22,8 X + AgNO₃ dư trong NH₃ → 0,4 Ag.

⇒ n - C H O = 1 2 n A g = 0 , 2   m o l < n X

Chứng tỏ X có 1 chất dạng , chất còn lại có dạng  C m H 2 m - 1 O H     ( B ,     0 , 15     m o l )

⇒ ( 14 n + 46 ) . 0 , 2 + ( 14 m + 16 ) . 0 , 15 = 22 , 8   g a m ⇒ 2 n + 1 , 5 m = 8 ⇒ m = 4 , n = 1 .

·  0,2 mol HOCH₂CHO, 0,15 mol C₄H₇OH + O₂

HOCH₂CHO + 2O₂ → t 0  2CO₂ + 2H₂O

C₄H₇OH +  11 2 O 2 → t o   4CO₂ + 4H₂O

⇒ V = 22 , 4 . ( 2 . 0 , 2 + 11 2 . 0 , 15 ) = 27 , 441

Gần nhát với giá trị 28 lít.

Chọn đáp án A

Đặt CTTQ của ancol đơn chức là C_nH_2n+1OH (x mol), ancol 2 chức là C_mH_2m+2-a(OH)_a (y mol)

n H 2 = x 2 + a 2 y = 4 , 48 22 , 4 = 0 , 2 m o l n C u ( O H ) 2 = y 2 = 4 , 9 98 = 0 , 05   m o l n C O 2 = n x + m y = 13 , 44 22 , 4 = 0 , 6   m o l n H 2 O = ( n + 1 ) x + ( m + 1 ) y = 14 , 4 18 = 0 , 8   m o l ⇒ x + y = 0 , 2   m o l ⇒ x = 0 , 1 ⇒ 0 , 1 2 + a 2 . 0 , 1 = 0 , 2 ⇒ a = 3 .

0,1n + 0,1m = 0,6  n = 3, m = 3 hoặc n = 2, m = 4 hoặc n = 1, m = 5

Kết hợp đáp án suy ra n = 3, m = 3 (loại đáp án B, D)

m C 3 H 5 ( O H ) 3 = 92.0 , 1 = 9 , 2   g m C 3 H 7 O H = 60.0 , 1 = 6   g ⇒ % m C 3 H 5 ( O H ) 3 = 60 , 53 % % m C 3 H 7 O H = 39 , 47 %

a. nMg=4.8/24=0,2(mol)

nCao=5.6/56=0,1(mol)

nCa=7.4/74=0,1(mol)

b. nC0₂= 4.48/22.4=0,2(mol)

\(nH_2=\dfrac{11,2}{22,4}=0,5\left(mol\right)\)

\(N_{H_2}=0,5\text{×}6\text{×}10^{23}=3\text{×}10^{23}\)

Mà số phân tử của H2SO4 = H2

\(\text{⇒}N_{H_2}SO_4=\dfrac{3.10^{23}}{6.10^{23}}=0,5\left(mol\right)\)

\(\text{⇒}mH_2SO_4=0,5\text{×}98=49\left(gam\right)\)

Đáp án : A

n_Na = n_{H linh động}  = 2n_{H2(tạo ra)} ; n_H2(pứ) = n_pi

=> n_pi = n_{H linh động}

Vì số H gấp đôi số C => số pi trong A hoặc B = 1

=> n_{H linh động} = n_A(B) => có COOH , OH

=> không thể là HCHO

, n_H2 = 0,25 mol => n_hh = 0,5 mol

,Bảo toàn e : n_Ag = n_NO2 = 0,6 mol => n_CHO = 0,3 mol

Vì A hoặc B chỉ có 1 pi => Giả sử A có 1 nhóm CHO => n_A = 0,3 ; n_B = 0,2

A có dạng : HOR_ACHO ; B có dạng R_BCOOH (mỗi chất chỉ có 1 pi và phải có 2 H linh động)

=> m_hh  = 0,3.(R_A + 46) + 0,2.(R_B + 45)

=> R_A.3 + R_B.2 = 110

=> Không có trường hợp thỏa mãn

Nếu B là ancol có 1 pi R_BOH

=> 3R_A + 2R_B = 166

=> R_A = 28(C₂H₄) ; R_B = 41 (C₃H₅)

Đốt cháy X : 0,3 mol HOC₂H₈CHO ; 0,2 mol C₃H₅OH

=> n_O2 = 1,85 mol

=> V = 41,44 lit