Chọn đáp án D

• đốt metanol: 

CH4O + 1,5O2 CO2 + 2H2O

• đốt phenol: 

C6H5OH + 7O2 → 6CO2 + 3H2O

Tương quan đốt:

mà giả thiết cho 

⇒ giả sử có 1 mol phenol thì tương ứng có 3 mol metanol 

⇒ mX = 190 gam

⇒ %mmetanol trong X = 3 × 32 ÷ 190 × 100% ≈ 50,5%

Đáp án C

X gồm : x mol C6H6O ; y mol CH4O

Đốt cháy X thu được :

nCO2 = 6x + y ;

nH2O = 3x + 2y

(Bảo toàn nguyên tố)

Có : nCO2 = nH2O => 6x + y = 3x + 2y

=> y = 3x

=> %mCH4O = 50,53%

Gọi số mol phenol là a số mol metanol là b 

BT C : nCO2= 6a+b 

BT H nH20 = (6a+4b)/2 

Mà nh20 =nco2 => 6a+b = 3a+2b => 3a=b 

Cho b =3 mol => a = 1 mol 

=> m = 190 g 

=> % Ch30h = 96/ 190 *100 = 50,5 %

+ với m g X có x mol CH3OH ; y mol C2H5OH ; z mol C3H5(OH)3:

nCO2 = 0,7mol và nH2O= 1mol

=> nhh= nH2O  - nCO2   = x + y +z = 0,3 mol.(1)

nCO2 = x + 2y + 3z = 0,7 mol (2)

+ với 80 g X có xt mol CH3OH ; yt mol C2H5OH ; zt mol C3H5(OH)3

=> mX = 32xt + 46yt + 92zt = 80g  (3)

Có               n C3H5(OH)3 = 2n Cu(OH)2 = 0,6 mol= zt (4)

Từ 1,2,3,4 ta có x=0,05mol ; y=0,1mol ; z=0,15 mol ; t= 4

Tròn 80g X có n C2H5OH = 0,4mol

=> %m C2H5OH =23 %

=>C

Đáp án C

Qui hỗn hợp E về E₂: x mol đipeptit (Gly,Ala) và y mol Este

Ta thấy NaOH và H₂O không cần O₂ để đốt; CH₃OH cần 1,5y mol O₂ để đốt

⇒ Bảo toàn O có: 0,7 = 0,625 + 1,5y ⇒ y = 0,05 mol

Mặt khác, hỗn hợp qui đổi E₂ đốt cháy cho số mol:

          n_CO2 = n_H2O = (3x + 2y + 0,7.2).3 = (x + 0,5) mol

 m_E2=14.(0,5 + x ) + 76x + 32y (g)

Mà n_{NaOH dùng} = (2x + 0,05) mol

Bảo toàn khối lượng :

14.(0,5 + x) + 76x + 32y + 40.(2x + 0,05) = 24,2 + 18x + 32y

⇒ x = 0,1 mol

⇒ Có C trung bình trong E₂ = 0,6/(0,1 + 0,05) = 4

⇒ Số C_este ≤ 3. Có 2 trường hợp xảy ra:

TH₁: este là HCOOCH₃. Gọi số mol Gly = a; Ala = b thì có:

⇒ 2a + 3b = 0,6 – 0,05.2 và a + b = 0,2

⇒ a = b = 0,1 mol (Loại do n_Gly > n_Ala)

TH₂: este là CH₃COOCH₃

⇒ 2a + 3b = 0,45 và a + b = 0,2

⇒ a = 0,15; b = 0,05 (TM)

Thủy phân X trong HCl thu được ClH₃NCH₂COOH : 0,15 mol và 0,05 mol ClH₃NC₂H₄COOH

→ tỉ lệ khối lượng = 2,67

Chọn đáp án A 

X gồm các chất có CTPT là: CH₄O, C₃H₆O, C₂H₆O₂, C₃H₈O₃.

Quy đổi X tương đương với hỗn hợp x mol C₃H₆O, y mol C_nH_2n+2O_n 

_{x + n y = 2 n H 2 = 2 . 1 , 568 22 , 4 = 0 , 14   m o l             ( 2 )}

m_{bình (I) tăng}=  m H 2 O = 4 , 86   g ⇒ 3 x ( n + 1 ) y = 0 , 27       ( 3 )

Từ (1), (2), (3) suy ra:  x = 0 , 03 y = 0 , 07 n = 11 7

⇒ % m C 3 H 6 O = 58 . 0 , 03 5 , 18 . 100 % = 33 , 59 %

Gần nhất với giá trị 33,6%.

Chọn đáp án C

Nhận xét: X + NaOH → Muối + H₂O || Y + NaOH → Muối + CH₃OH.

Do NaOH và H₂O không đốt được ⇒ độ chênh lệch mol O₂ là do đốt CH₃OH.

||⇒ n_Y = n_CH3OH = ∆n_O2 ÷ 1,5 = (0,7 – 0,625) ÷ 1,5 = 0,05 mol.

► Quy E về C₂H₃NO, CH₂, H₂O và HCOOCH₃ ⇒ n_HCOOCH3 = 0,05 mol.

Đặt n_C2H3NO = x; n_CH2 = y ⇒ n_{O2 đốt E} = 2,25x + 1,5y + 0,05 × 2 = 0,7 mol.

● Muối gồm x mol C₂H₄NO₂Na; y mol CH₂ và 0,05 mol HCOONa.

m_muối = 97x + 14y + 0,05 × 68 = 24,2(g) || Giải hệ có: x = 0,2 mol; y = 0,1 mol.

Do n_Gly-Na > n_Ala-Na ⇒ ghép 1 CH₂ vào HCOONa ⇒ dư 0,05 mol CH₂.

⇒ n_Ala = n_{CH2 còn} = 0,05 mol ⇒ n_Gly = 0,2 - 0,05 = 0,15 mol.

► Gly : Ala = 0,15 ÷ 0,05 = 3 : 1 ⇒ chọn C.

Chọn đáp án C

Nhận xét: X + NaOH → Muối + H₂O || Y + NaOH → Muối + CH₃OH.

Do NaOH và H₂O không đốt được ⇒ độ chênh lệch mol O₂ là do đốt CH₃OH.

||⇒ n_Y = n_CH3OH = ∆n_O2 ÷ 1,5 = (0,7 – 0,625) ÷ 1,5 = 0,05 mol.

► Quy E về C₂H₃NO, CH₂, H₂O và HCOOCH₃ ⇒ n_HCOOCH3 = 0,05 mol.

Đặt n_C2H3NO = x; n_CH2 = y ⇒ n_{O2 đốt E} = 2,25x + 1,5y + 0,05 × 2 = 0,7 mol.

● Muối gồm x mol C₂H₄NO₂Na; y mol CH₂ và 0,05 mol HCOONa.

m_muối = 97x + 14y + 0,05 × 68 = 24,2(g) || Giải hệ có: x = 0,2 mol; y = 0,1 mol.

Do n_Gly-Na > n_Ala-Na ⇒ ghép 1 CH₂ vào HCOONa ⇒ dư 0,05 mol CH₂.

⇒ n_Ala = n_{CH2 còn} = 0,05 mol ⇒ n_Gly = 0,2 - 0,05 = 0,15 mol.

► Gly : Ala = 0,15 ÷ 0,05 = 3 : 1 ⇒ chọn C.