Giải thích: 

Gọi CT của axit no, đơn chức, mạch hở là C_nH_2nO₂

Đốt cháy C_nH_2nO₂ luôn cho n_CO2 = n_H2O

Gọi n_CO2 = n_H2O = x ( mol)

=> m_tăng = m_CO2 + m_H2O

=> 44x + 18x = 18,6

=> x = 0,3 (mol)

BTNT C: n_CaCO3 = n_CO2 = 0,3 (mol) => m_CaCO3 = 0,3.100 = 30 (g)

Đáp án A

Chọn đáp án A

► Este no, đơn chức, mạch hở có dạng C_nH_2nO₂ ⇒ đ ố t   c h o   n C O 2 = n H 2 O = x

⇒ m b ì n h   t ă n g = m C O 2   + m H 2 O   = 44 x + 18 x = 24 , 8 ( g ) ⇒ x = 0,4 mol.

⇒ n C a C O 3 = n C O 2 = 0 , 4   m o l

⇒ m = 0,4 × 100 = 40(g)

Chọn đáp án B

Hỗn hợp chứa các este no, đơn chức, mạch hở ⇒   n C O 2 = n H 2 O

m b ì n h   t ă n g = m C O 2   + m H 2 O = ( 44   +   18 ) n C O 2 →   n C O 2 = 0 , 11   m o l

m   =   m C a C O 3   =   100 . 0 , 11   =   11

Ta có: m _{bình tăng} = m_CO2 + m_H2O 

⇒ 17,52 = 44n_CO2 + 18n_H2O (1)

BTNT C, có: n_C = n_CO2

BTNT H, có: n_H = 2n_H2O

⇒ m_C + m_H = 4,08 ⇒ 12n_CO2 + 2n_H2O = 4,08 (2)

Từ (1) và (2) ⇒ n_CO2 = 0,3 (mol), n_H2O = 0,24 (mol)

⇒ n_CaCO3 = n_CO2 = 0,3 (mol)

⇒ m = m _{kết tủa} = 0,3.100 = 30 (g)

Đáp án B

Ta có n_CO2 = 0,3 mol ⇒ C_{Trung bình} = 0,3/0,2 = 1,5.

⇒ Hỗn hợp ban đầu chứa CH₄ và đồng đẳng của nó.

⇒ n_H2O = n_CO2 + n_Ankan = 0,5 mol.

Mà m_{Bình tăng} = m_CO2 + m_H2O = 0,3×44 + 0,5×18 = 22,2 gam

Đáp án B

Ta có n_CO2 = 0,3 mol ⇒ C_{Trung bình} =  0 , 3 0 , 2  = 1,5.

⇒ Hỗn hợp ban đầu chứa CH₄ và đồng đẳng của nó.

⇒ n_H2O = n_CO2 + n_Ankan = 0,5 mol.

Mà m_{Bình tăng} = m_CO2 + m_H2O = 0,3×44 + 0,5×18 = 22,2 gam.

Đáp án A

Nối: C₃H₈.C₂H₄(OH)₂= C₅H₁₄O₂ = 2.C₂,5H₇O.

→ nhận ra vấn đề: hỗn hợp X gồm tất cả các chất đều có dạng CnH₂n+2O.

Quy 5,444 gam X gồm x mol CH₂ và y mol H₂O → 14x + 18y = 5,444 gam.

Bảo toàn C, H → mtăng = 62x + 18y = 16,58 gam.

m = 197 ×(16,58 – 5,444) ÷(62 – 14) = 45,704 gam