\(n_{KMnO_4}=\frac{15,8}{158}=0,1\left(mol\right)\)

PTHH : \(2KMnO_4+16HCl-->2KCl+2MnCl_2+5Cl_2+8H_2O\)   (1)

              \(Cl_2+H_2-as->2HCl\)   (2) 

Có : \(m_{ddHCl}=100\cdot1,05=105\left(g\right)\)              

=> \(m_{HCl}=105-97,7=7,3\left(g\right)\)

=> \(n_{HCl}=\frac{7,3}{36,5}=0,2\left(mol\right)\)

BT Clo : \(n_{Cl_2}=\frac{1}{2}n_{HCl}=0,1\left(mol\right)\)

Mà theo lí thuyết : \(n_{Cl_2}=\frac{5}{2}n_{KMnO_4}=0,25\left(mol\right)\)

=> \(H\%=\frac{0,1}{0,25}\cdot100\%=40\%\)

Vì spu nổ thu được hh hai chất khí => \(\hept{\begin{cases}H_2\\HCl\end{cases}}\) (Vì H₂ dư)

=> \(n_{hh}=\frac{13,44}{22,4}=0,6\left(mol\right)\)

=> \(n_{H_2\left(spu\right)}=n_{hh}-n_{HCl\left(spu\right)}=0,6-0,2=0,4\left(mol\right)\)

BT Hidro : \(\Sigma_{n_{H2\left(trong.binh\right)}}=n_{H_2\left(spu\right)}+\frac{1}{2}n_{HCl}=0,4+0,1=0,5\left(mol\right)\)

đọc thiếu đề câu a wtf

\(C_{M\left(HCl\right)}=\frac{0,2}{0,1}=2\left(M\right)\)

1. Giả sử hỗn hợp A có X mol C n H 2 n + 2  và y mol C m H 2 m + 2 :

(14n + 2)x + (14m + 2)y = 1,36 ⇒ 14(nx + my) + 2(x + y) = 1,36 (1)

Khi đốt hỗn hợp A:

n C O 2  = n C a C O 3  = 0,09(mol)

⇒ nx + my = 0,09 (2)

Từ (1) và (2), tìm được x + y = 0,05.

Số mol O 2  trước phản ứng: n O 2  = 0,2(mol).

Tổng số mol khi trước phản ứng: 0,2 + 0,05 = 0,25 (mol).

Nếu ở đktc thì V O  = 0,25.22,4 = 5,6 (lít).

Thực tế V 1  = 11,2 (lít)

Số mol hơi nước: (n + 1)x + (m + 1)y = nx + my + x + y = 0,14

Số mol  O 2  dự phản ứng:

Số mol  O 2  còn dư: 0,2 - 0,16 = 0,04 (mol).

Tổng số mol khí sau phản ứng: 0,09 + 0,14 + 0,04 = 0,27 (mol).

Nếu ở đktc thì V ' O  = 0,27.22,4 = 6,048 (lít)

Thực tế V 2  = 11,20 (lít)

2) Nếu n < m thì x = 1,5y;

Vậy x = 0,03; y = 0,02

0,03n + 0,02m = 0,09 ⇒ 3n + 2m = 9

3n = 9 - 2m 

n và m nguyên dương nên m = 3 và n = 1.

C H 4  chiếm 60% thể tích hỗn hợp.

C 3 H 8  chiếm 40% thể tích hỗn hợp.

Đáp án C

Đáp án B

Vì A là chất khí nên số C < 5

,n_CaCO3 = 0,03 mol < n_Ca(OH)2 = 0,035 mol

+) Nếu OH dư => n_CO2 = 0,035 mol

Khí thoát ra khỏi bình có thể có 2 trường hợp :

+) TH₁ : là O₂ dư => n_{O2 dư} = 0,01 => n_{O2 pứ} = 0,05

Bảo toàn O : n_H2O = 2n_O2 – 2n_CO2 = 0,03 mol

=> n_C: n_H = 0,035 : 0,06 = 7 : 12 (loại)

+) TH₂ : là khí A dư => n_H2O = 0,05 mol

=> n_C: n_H = 0,035 : 0,1 = 7 : 20 (loại)

+)Nếu có hòa tan kết tủa => n_CO2 = n_OH – n_CaCO3 = 0,04 mol

Khí thoát ra khỏi bình có thể có 2 trường hợp :

+) TH₁ : là O₂ dư => n_{O2 dư} = 0,01 => n_{O2 pứ} = 0,05

Bảo toàn O : n_H2O = 2n_O2 – 2n_CO2 = 0,02 mol

=> n_C: n_H = 0,04 : 0,04 = 1 : 1 => A là : C₂H₂ ; C₄H₄

+) TH₂ : là khí A dư => n_H2O = 0,04 mol

=> n_C: n_H = 0,04 : 0,08 = 1 : 2  => A là C₂H₄ ; C₃H₆ ; C₄H₈(3 CTCT)

=> Tổng có 7 CTCT thỏa mãn

Chọn B.

a) M khí =  15,412.2 =30,824

m C pư = 12 - 10,68 = 1,32(gam)

b) n O2 = c(mol) ; n N2 = d(mol)

=> c + d = 0,5(1)

n C(pư) = (12 - 10,68)/12 = 0,11(mol)

Khí sau phản ứng gồm  :

CO(a mol) ; CO2(b mol) và  N2(d mol)

Ta có : 

28a + 44b + 28d = (a + b + d).30,824       (2)

Bảo toàn nguyên tố với C : a + b = 0,11        (3)

Bảo toàn nguyên tố với O : a + 2b = 2c    (4)

Từ (1)(2)(3)(4) suy ra a = 0,02 ; b = 0,09 ; c = 0,1 ; d = 0,4

Vậy : 

m CO = 0,02.28 = 0,56(gam)

m CO2 = 0,09.44 = 3,96(gam)

m N2 = 0,4.28 = 11,2(gam)

Đáp án : C

Vì phản ứng cháy không cho biết có hoàn toàn hay không :

(*) TH₁ : Lượng khí thoát ra chính là O₂ dư => n_{O2 pứ} = 0,05 mol

, n_CaCO3 = 0,03 mol ; n_Ca(OH)2 = 0,035 mol

+) Nếu OH dư => n_CO2 = n_CaCO3 = 0,03 mol

Bảo toàn O : 2n_O2 = 2n_CO2 + n_H2O => n_H2O = 0,04 mol

=> n_C : n_H = 0,03 : 0,08 = 3 : 8 => C₃H₈

+) Nếu có HCO₃^- => n_CaCO3 = n_CO3 = n_OH – n_CO2 => n_CO2 = 0,04 mol

Bảo toàn O => n_H2O = 0,02

=> n_C: n_H = 0,04 : 0,04 = 1 : 1 => C₂H₂ hoặc C₄H₄

(*) TH₂ : Hydrocacbon chưa cháy hết và 2,24 lit khí thoát ra chính là A

+) Nếu OH dư => n_CO2 = n_CaCO3 = 0,03 mol

Bảo toàn O : 2n_O2 = 2n_CO2 + n_H2O => n_H2O = 0,06 mol

=> n_C : n_H = 0,03 : 0,12 = 1 : 4 => CH₄

+) Nếu có HCO₃^- => n_CaCO3 = n_CO3 = n_OH – n_CO2 => n_CO2 = 0,04 mol

Bảo toàn O => n_H2O = 0,04

=> n_C: n_H = 0,04 : 0,084 = 1 : 2 => C₂H₄ ; C₃H₆ hoặc C₄H₈

Tổng cộng có 7 chất thỏa mãn

Chọn A

7

H 2 S O 4  + n H 2 O →  H 2 S O 4 .n H 2 O

2NaOH + C O 2  → N a 2 C O 3  +  H 2 O

Số mol  C O 2  là: 

Khối lượng C trong hỗn hợp A là: 0,095.12 = 1,14 (g).

Khối lượng H trong hỗn hợp A là: 1,3 - 1,14 = 0,16 (g).

Số mol  H 2 O sau phản ứng là: 

Để tạo ra 0,095 mol  C O 2  cần 0,095 mol O 2 ;

Để tạo ra 0,08 mol  H 2 O  cần 0,04 (mol)  O 2 .

Số mol  O 2  đã tham gia phản ứng là: 0,095 + 0,04 = 0,135 (mol).

Số mol  O 2  ban đầu là: 

Số mol  O 2  còn dư là: 0,155 - 0,135 = 0,02 (mol).

Số mol 3 chất trong bình sau phản ứng:

0,095 + 0,08 + 0,02 = 0,195 (mol).

Nếu ở đktc thì V O  = 0,195.22,4 = 4,37 (lít).

Thực tế V2 = 8,4 lít

2. Đổi thể tích hỗn hợp khí trước phản ứng về đktc:

Số mol khí trước phản ứng: 

Số mol 2 hiđrocacbon: 0,1875 - 0,155 = 0,0325 (mol).

Đặt lượng C n H 2 n là a mol, lượng C m H 2 m - 2  là b mol, ta có a + b = 0,0325.

Số mol  O 2 : l,5na + (l,5m - 0,5)b = 0,135 (2)

Số mol C O 2 : na + mb = 0,095 (3)

Từ (2) và (3), tìm được b = 0,015 ⇒ a = 0,0175

Thay các giá trị của a và b vào (3), ta có :

1,75. 10 - 2 n + 1,5. 10 - 2 m = 9,5. 10 - 2

7n + 6m = 38

Nếu n = 2 thì 

Nếu n = 3 thì 

Nếu n > 3 thì m < 2 (loại).

% về thể tích của C 2 H 4 : 

% về thể tích của C 4 H 6  là 46,2%