Chọn đáp án A

♦ giải đốt

3 , 3   g a m   Y + 0 , 125 m o l   O 2 → t 0 C O 2 + 0 , 1 m o l   H 2 O

BTKL có m C O 2 = 5 , 5   g a m   → n C O 2 = 0 , 125   m o l

BTNT có n O   t r o n g   Y = n H 2 O = 0 , 1   m o l

Tỉ lệ n C : n H : n O = 5 : 8 : 4

→ CTĐGN của Y là C 5 H 8 O 4

CTPT ≡ CTĐGN → CTPT của Y cũng là C 5 H 8 O 4

Y chỉ chứa chức este, có 4O → cho biết Y là este 2 chức → ancol có 2 chức.

Thỏa mãn Y có các cấu tạo sau: H C O O C H 2 C H 2 O O C C H 3 ;

H C O O C H 2 C H 2 C H 2 O O C H và H C O O C H 2 C H ( C H 3 ) O O C H

rõ hơn:

Tổng có 3 đồng phân cấu tạo

Chọn đáp án A

E { C n H 2 n - 2 O 4 n CO 2 = 1 , 792 22 , 4 = 0 , 08 mol ; n H 2 O = 1 , 08 18 = 0 , 06 mol .

Nhận xét: E chứa 2 liên kết pi nên: 

n E = n CO 2 - n H 2 O = 0 , 02 mol

M E = 2 , 36 0 , 02 = 118 → 14 n + 62 = 118 → n = 4 → E : C 4 H 6 O 4 .

E có 2 đồng phân cấu tạo thỏa mãn:

Chọn đáp án D

giải đốt

m   g a m   E + 0 , 085 m o l   O 2 → t 0 0 , 08 m o l   C O 2 + 0 , 05 m o l   H 2 O .

E là este 2 chức có 4O nên bảo toàn O có n E = ( 0 , 08 × 2 + 0 , 05 – 0 , 085 × 2 ) ÷ 4 = 0 , 01   m o l

→ CTPT của este E là C 8 H 10 O 4

→   ∑ π t r o n g   E = 4 = π C = O + π C = C

Este 2 chức nên π C = O = 2   → E chứa 2 liên kết π C = C . ancol Y 2 chức no (chứa ít nhất 2C) rồi

→ axit đơn chức X phải không no, có 1 nối đôi C=C (→ X phải chứa ít nhất 3C)

8 = 3 × 2 + 2→ CTCT của E là ( C H ₂ = C H C O O ) 2 C 2 H 4

Tức công thức của axit X là C 2 H 3 C O O H

Đáp án B 

X có ít nhất 3π, đốt X và Y cho n _CO2 = n_H2O = 0,7 mol nên Y phải là ancol no.

Giả sử X có kπ thì đốt X cho n_CO2 – n_H2O = (k-1).n_X, đốt Y có n_CO2 – n_H2O = – n_Y

mà n_Y = 5n_X → k – 1 = 5 → k = 6. Vậy X có 3 liên kết π trong C = C (do đã có sẵn 3π trong chức este – COO).

Do đó, khi cho E tác dụng Br₂ thì chỉ xảy ra: X + 3Br₂ → sp. → n_X = 0,02 mol. ↔ n_Y = 0,1 mol.

Gọi số C của X và Y tương ứng là n, m ta có n_CO2 = 0,02 × n + 0,1 × m = 0,7 mol ↔ n + 5m = 35.

Để ý số C ít nhất của X phải > 6 → m ≤ 5, Y lại có mạch C phân nhánh ↔ m ≥ 4 → m = 4 hoặc m = 5.

Mà Y không tách được nước tạo anken → duy nhất 1 công thức thỏa mãn là

ancol 2,2-đimetylpropan-1-ol ↔ C₅H₁₂O → n = 10 ↔ X là: C₁₀H₁₀O₆

% m_Y ≈ 66,07 %.

Chọn đáp án A

Bảo toàn khối lượng:

Bảo toàn nguyên tố O:

Hai este đều chứa một nối đôi

Chọn đáp án B

Áp dụng định luật BTKL ⇒ m C O 2 = 10 , 12   g a m ⇒ n C O 2 = 0 , 23   m o l > n H 2 O

⇒ Este KHÔNG CÓ DẠNG C_nH_2nO₂

⇒ Loại đáp án A và D.

Nhận thấy đáp án B và C este đều có dạng C_nH_2n–2O₂ (Tương tự ankin) với n ≥ 4

⇒ n H ỗ n   h ợ p   e s t e = n C O 2 – n H 2 O = 0 , 05   m o l

⇒   C t r u n g   b ì n h = n C O 2 n E s t e =   4 , 6

⇒ Este nhỏ có 4 cacbon.

Chọn đáp án C

X gồm axit dạng C_nH_2nO₂ và ancol dạng C_mH_{2m + 2}O.

đốt 3 , 0   g a m   X + O 2 → t 0     0 , 13   m o l   C O 2 + 0 , 16   m o l   H 2 O

tương quan đốt có n C m H 2 m   +   2 O = ∑ n H 2 O – ∑ n C O 2 = 0 , 03   m o l

m_X = m_C + m_H + m_O ⇒ n_{O trong X} = 0,07 mol

⇒ n C n H 2 n O 2   = 0 , 02   m o l (bảo toàn O).

⇒ có phương trình:

∑n_C = 0,02n + 0,03m = 0,13 mol

⇔ 2n + 3m = 13

⇒ nghiệm: n = 2; m = 3 (chú ý do ancol tách được anken ⇒ m ≥ 2).

⇒ m gam hỗn hợp X gồm 2x mol CH₃COOH và 3x mol C₃H₇OH.

♦ phản ứng: C H 3 C O O H + C 3 H 7 O H ⇄ C H 3 C O O C 3 H 7 + H 2 O

n_este = 0,02 mol

⇒ n_{ancol dư} = (3x – 0,02) mol;

n_{axit dư} = (2x – 0,02) mol.

phản ứng:

1OH + 1Na → 1ONa + 1 2 .H₂↑

⇒ ∑ n O H   +   C O O H = 2 n H 2

= 2 × 0,0425 mol.

⇒ (3x – 0,02) + (2x – 0,02) = 0,085

⇒ x = 0,025 mol

Chọn đáp án A

♦ giải đốt m gam E O 2 + 0 , 1125 m o l   O 2 → t 0 0 , 1 m o l   C O 2 + 0 , 075 m o l   H 2 O

E là este đơn chức → E có 2O

→ bảo toàn O có n E = 0 , 025 m o l

→ CTPT của E là C 4 H 6 O 2

→ E là este đơn chức, mạch hở, có 1 nối đôi C=C

Mà ancol tạo este no nên gốc hiđrocacbon của axit chứa nối đôi C=C này.

→ CTCT của E là C H 2 = C H C O O C H 3 → ancol Y là C H 3 O H

Chọn D.

Ta có:

Vậy Y là CH₃COOH.