Đáp án A

n_CO2 = n_H2O => Các chất trong X đều no

Y có dạng RO (a mol)

X và T có dạng R’O₂ (b mol)

=> a + b = 0,2 mol ⁽¹⁾

Bảo toàn nguyên tố O trong X

n_O(X) = 3.0,525 – 2.0,625 = 0,325 mol

=> a + 2b = 0,325 mol ⁽²⁾

Từ (1,2) => a = 0,075 ; b = 0,125 mol

n_{Ag max} = 4n_Y = 0,3 mol

=> m = 32,4g

Chọn A

Vì: n_CO2 = n_H2O => Các chất trong X đều no

Y có dạng RO (a mol)

X và T có dạng R’O₂ (b mol)

=> a + b = 0,2 mol ⁽¹⁾

Bảo toàn nguyên tố O trong X

n_O(X) = 3.0,525 – 2.0,625 = 0,325 mol

=> a + 2b = 0,325 mol ⁽²⁾

Từ (1,2) => a = 0,075 ; b = 0,125 mol

n_{Ag max} = 4n_Y = 0,3 mol

=> m = 32,4g

Đáp án A

n_CO2 = n_H2O => Các chất trong X đều no

Y có dạng RO (a mol)

X và T có dạng R’O₂ (b mol)

=> a + b = 0,2 mol ⁽¹⁾

Bảo toàn nguyên tố O trong X

n_O(X) = 3.0,525 – 2.0,625 = 0,325 mol

=> a + 2b = 0,325 mol ⁽²⁾

Từ (1,2) => a = 0,075 ; b = 0,125 mol

n_{Ag max} = 4n_Y = 0,3 mol

=> m = 32,4g

Đáp án B

Bảo toàn nguyên tố O  →  số mol O có trong X là 0,52.3 -0,62.2 = 0,32 mol

→ số nguyên tử O trung bình trong X là : 0,32: 0,2 = 1,6  →  Y phải là andehit đơn chức

Đốt cháy X cho số mol CO₂ bằng số mol H₂O  →  Y, Z, T đều là hợp chất no đơn chức

Gọi sổ mol của Y là a, tổng số mol của Z và T là b  →  a+b = 0,2

Số mol nguyên tử O là 0,32  →  a+2b = 0,32

Giải hệ  →  a =0,08, b = 0,12

Số C trung bình của X là : 0,52: 0,2 = 2,6 >2

TH1: Y là C₂H₄O: 0,08 mol  →  số C của Z là (0,52-0,08.2):0,12 = 3  →  Z là C₃H₆O₂

Khi cho X tham gia phản ứng tráng bạc thì n_Ag = 2n_Y = 0,16 mol  →  m = 17,28 gam

TH2: Z là C₂H₄O₂: 0,12 mol →  số C của Y là (0,52 - 0,12.2): 0,08= 3,5 (loại)

Đáp án B

Nhận thấy CO₂ bằng số mol H₂O nên một anđehit, một axit cacboxylic và một este đều no đơn chức, mạch hở

Gọi số mol andehit là a, tổng số mol axit và este là b

Ta có hệ 

+ Gọi số cacbon trong andehit là x và trong Z và T là y ta có

0,075x + 0,125y = 0,525 ⇄  3x + 5y = 21

+ Giải phương trình nghiệm nguyên ⇒ x = 2 và y = 3.

+ Vì x = 2 ⇒ andehit là CH₃CHO: 0,075 mol.

⇒ m_Ag = 2n_CH3CHO × 108 = 0,075 × 2 × 108 = 16,2 gam.

Chọn đáp án B

Nhận thấy CO₂ bằng số mol H₂O nên một anđehit, một axit cacboxylic và một este đều no đơn chức, mạch hở

Gọi số mol andehit là a, tổng số mol axit và este là b

Ta có hệ 

+ Gọi số cacbon trong andehit là x và trong Z và T là y ta có:

0,075x + 0,125y = 0,525 => 3x + 5y = 21

+ Giải phương trình nghiệm nguyên ⇒ x = 2 và y = 3.

+ Vì x = 2 ⇒ andehit là CH₃CHO: 0,075 mol.

⇒ m_Ag = 2n_CH3CHO × 108 = 0,075 × 2 × 108 = 16,2 gam.

⇒ Chọn B

Đáp án B

Gọi CTPT Y: C_nH_2nO a (mol)

CTTQ của Z, T : C_mH_2mO₂ : b( mol) ( vì là 2 đồng phân)

BTNT O ta có: nO (trong Z) = 0,525.2 + 0,525.1 – 0,635.2 = 0,325 (mol)

TH₁: Y là HCHO => BTNT Cacbon ta có: 0,075.1 + m. 0,125 = 0,525 => m = 3,6 (lẻ) => loại

TH₂: Y # HCHO => n_Ag = 2n_Y = 2. 0,075 = 0,15 => mAg = 16,2 (g)

Đáp án B

Có n H 2 O = n C O 2  Y, Z, T đều no, đơn chức, mạch hở

Bảo toàn nguyên tố O ta có:

  n Y +   2 n Z +   2 n T +   2 n O 2 =   2 n C O 2 +   n H 2 O ⇒ n Y +   2 n Z +   2 n T = 0 , 325 ( m o l ) L ạ i   c ó :   n Y +   n Z +   n T = 0 , 2 ( m o l ) ⇒ n Y = 0 , 075 ( m o l ) ;   n Z +   n T = 0 , 125 ( m o l )

Vì Z  với T là đồng phân ta gọi công thức phân tử chung của Z và T là C_nH_2nO₂ (n > l).

Gọi CTPT của Y là C_mH_2mO(n > 0)

  ⇒ n C O 2 = 0 , 525 = 0 , 075 m + 0 , 125 n ⇒ 3 m + 5 n = 21

Ta dễ dàng suy được m = 2; n = 3 => Y là CH₃CHO.

Vậy n_Ag = 2n_Y = 0,15(mol) => m = 16,2(g)