Giải thích: Đáp án C

3 chất đều phản ứng cộng với Br₂ và có không quá 3 C

X + NaOH chỉ có  phản ứng →  = 0,02 mol

Xét 0,1 mol hỗn hợp có

Trong 17,3g hỗn hợp lượng chất gấp 2,5 lần so với 6,92 gam hỗn hợp

Vì 3 chất đều có phản ứng cộng với Br₂ và đều không có quá ba nguyên tử cacbon

=> CH2CHCOOH; CH2=CH-CH2OH và CH2=CHCHO

Hay C3H4O2; C3H6O; C3H4O

Xét 0,1 mol hỗn hợp có 0,02 mol C3H6O2; x mol C3H6O; y mol C3H4O2

Ta có:

C 3 H 6 O 2 + 3 O 2 C 3 H 6 O + 4 O 2 C 3 H 4 O + 3 , 5 O 2

n hh = 0 , 02 + x + y = 0 , 1 n o 2 = 3 . 0 , 02 + 4 x + 3 , 5 y = 0 , 34 = >   x = 0 ;   y = 0 , 08   mol m hh = 5 , 92 g

Trong 14,8g hỗn hợp lượng chất gấp 2,5 lần trong 0,1 mol

=> nX=0,05 mol; n andehi= 0,2 mol

=> nH2= nX + 2nZ= 0,45 mol = a

Đáp án A.

Định hướng tư duy giải

 Ta có:

Khi đốt cháy E có:

Vậy ta có:

=> 9,88 + 0,1.56 = m + (0,04 +0,03).76 + 0,02.18

=> m = 9,8 (gam).

Định hướng tư duy giải

Ta có:

=> 44(a + 0,1) - 18(a + 0,09) = 10,84

=> a = 0,31.

→ BTNT . O 0 , 09 H 2 O 2   :   0 , 03 H 2   :   0 , 06 → COOH : 0 , 02 → m X = 9 , 88 Este : 0 , 04

=> m = 9,8 (gam).

Đáp án D

Vì X không làm mất màu dung dịch brom ⇒ X chỉ chứa các HCHC no ⇒ Ancol có dạng C3H6(OH)2.

Đặt nCO2 = a và nH2O = b ta có sơ đồ:

PT theo hiệu khối lượng CO2 và H2O: 

44a – 18b = 10,84 (1)

Giả sử X chỉ toàn liên kết đơn (Tương tự ankan)

⇒ nH2O = b + ngốc COO = b + 0,1.

⇒ nHỗn hợp X = nH2O – nCO2 

 b + 0,1 – a = 0,09 

 a – b = –0,01 (2)

+ Giải hệ (1) và (2) ta có

nCO2 = a = 0,41 và nH2O = b = 0,4

+ Bảo toàn khối lượng 

⇒ mX = 0,41×44 + 0,4×18 – 0,48×32 = 9,88 gam

Đặt số mol 3 chất trong X lần lượt là a b và c ta có sơ đồ:

PT theo số mol hỗn hợp: 

a + b + c = 0,09 (1)

PT bảo toàn oxi: 

2a + 2b + 4c = 0,41×2 + 0,4 – 0,48×2 = 0,26 (2)

PT theo số mol KOH (số gốc COO): 

a + 2c = 0,1 (3)

+ Giải hệ PT (1) (2) và (3)

⇒ a = 0,02, b = 0,03 và c = 0,04.

⇒ mMuối = mRCOO + mR'COO + mK.

⇔ mMuối = 9,88 – 0,02 – 0,03×76 – 0,04×42 + 0,1×39 = 9,8 gam

Đáp án D

Vì X không làm mất màu dung dịch Br₂

⇒ X chỉ chứa các HCHC no

⇒ Ancol có dạng C₃H₆(OH)₂.

Đặt n_CO2 = a và n_H2O = b

Ta có sơ đồ:

PT theo hiệu khối lượng CO₂ và H₂O: 

44a – 18b = 10,84 (1)

Giả sử X chỉ toàn liên kết đơn

(Tương tự ankan)

⇒ n_H2O = b + n_{gốc COO} = b + 0,1.

⇒ n_{Hỗn hợp X} = n_H2O – n_CO2 

 b + 0,1 – a = 0,09 

 a – b = –0,01 (2)

+ Giải hệ (1) và (2) ta có

n_CO2 = a = 0,41 và n_H2O = b = 0,4

+ Bảo toàn khối lượng 

⇒ m_X = 0,41×44 + 0,4×18 – 0,48×32

 = 9,88 gam

Đặt số mol 3 chất trong X lần lượt

là a, b và c ta có sơ đồ:

PT theo số mol hỗn hợp: 

a + b + c = 0,09 (1)

PT bảo toàn oxi: 

2a + 2b + 4c = 0,41×2 + 0,4 – 0,48×2

= 0,26 (2)

PT theo số mol KOH (số gốc COO): 

a + 2c = 0,1 (3)

+ Giải hệ PT (1), (2) và (3)

⇒ a = 0,02, b = 0,03 và c = 0,04.

⇒ m_Muối = m_RCOO + m_R'COO + m_K 

Û m_Muối = 9,88 – 0,02 – 0,03×76 – 0,04×42 + 0,1×39

= 9,8 gam