Chọn đáp án A 

(C17H35COO)3C3H5 + NaOH → rắn khan (C17H35COONa, NaOH dư) + glixerol.

Ta biết: nglixerol = nNaOH pư = 3ntristearin = 0,06 mol.

NaOH dùng dư 25% nên lượng NaOH đem dùng ban đầu là: nNaOH bđ  = 0,075 mol.

NaOH dư nên rắn khan gồm C17H35COONa, NaOH dư. Bảo toàn khối lượng ta có:

mtristearin + mNaOH bđ = mrắn khan + mglixerol ⇔ mrắn khan = 18,96 gam.

Chọn đáp án B

Trong 50 gam dung dịch NaOH chứa 36 gam nước ( 2 mol) và 14 gam NaOH (0,35 mol)

Chất lỏng Z gồm ancol đơn chức x mol và nước 2 mol

Cho Z tác dụng với Na dư

→ n H 2 = 1 , 1 = 0 , 5 .   2 + 0 , 5 . x

→ x = 0,2 mol

Có m_ancol = 42,4- 36 = 6,4 gam

→ M_ancol = 32 (CH₃OH)

Vì este đơn chức nên

n_A = n_ancol = 0,2 mol

→ M_A = 86 (C₄H₆O₂)

Vậy A có công thức CH₂=CH-COOCH₃

Chất rắn thu được gồm

CH₂=CH-COONa: 0,2 mol,

NaOH dư : 0,35- 0,2 = 0,15 mol

C H 2 = C H - C O O N a + N a O H → t 0 , C a O C H 2 = C H 2 + N a 2 C O 3

m_Z = 2.18 + 0,2.M _ancol = 42,4 => M _ancol = 32 => Ancol là CH₃OH

n _este = n _ancol = n _muối = n_{NaOH pư} = 0,2 mol => M _este = 17,2 : 0,2 = 86

=> CTCT este: CH₂=CH-COOCH₃ => Y gồm CH₂=CH-COONa (0,2 mol) và NaOH dư (0,15 mol)

       CH₂=CH-COONa + NaOH  CH₂=CH₂ + Na₂CO₃

Bđ:             0,2                  0,15     

Pư:            0,15  ←            0,15  →             0,15

=> m =  = 0,15.28 = 4,2 gam

Đáp án cần chọn là: D

Đáp án C

Đặt nP2O5 = a ⇒ mP2O5 = 142a.

Ta có nH3PO4 = 2nP2O5 = 2a ⇒ nNaOH phản ứng = 6a.

⇒ nNaOH dư = 0,2535 × 2 – 6a = 0,507 – 6a.

+ Vậy từ mối tương quan m và 3m ta có:

3mP2O5 = mNa3PO4 + mNaOH dư.

⇔ 426a = 2a×164 + (0,507 – 6a)×40 ⇔ a = 0,06 mol.

⇔ m = 8,52 gam

Đáp án đúng : C

Đáp án C

Đặt n_P2O5 = a ⇒ m_P2O5 = 142a.

Ta có n_H3PO4 = 2n_P2O5 = 2a ⇒ n_{NaOH phản ứng} = 6a.

⇒ n_{NaOH dư} = 0,2535 × 2 – 6a = 0,507 – 6a.

+ Vậy từ mối tương quan m và 3m ta có:

3m_P2O5 = m_Na3PO4 + m_{NaOH dư}.

⇔  426a = 2a×164 + (0,507 – 6a)×40  ⇔  a = 0,06 mol.

⇔ m = 8,52 gam

Chọn đáp án B

➤ gốc Lysin còn chứa thêm một nhóm amoni tự do

nên tỉ lệ mol khi tác dụng với HCl tăng 1 đơn vị:

• 1Glu-Ala-Lys-Val + 3 H 2 O + 5HCl → Muối.

n H C l = 0,2 mol ⇒ n T = 0,04 mol ⇒ m = 0,04 × 445 = 17,8 gam.

➤ gốc axit glutamic có chứa thêm một nhóm cacboxyl tự do

⇒ nên tỉ lệ mol khi tác dụng với NaOH tăng 1 đơn vị:

• 1Glu-Ala-Lys-Val + 5NaOH → (muối + NaOH dư) + 2 H 2 O .

n N a O H   c ầ n = 0,04 × 5 = 0,2 mol mà n N a O H   đ ề   c h o = 0,24 mol

⇒ NaOH còn dư trong a gam chất rắn ⇒ n H 2 O = 2 n T   = 0,08 mol

⇒ dùng BTKL có: a = 17,8 + 0,24 × 40 – 0,08 × 18 = 25,96 gam. 

Chọn C