Đáp án B 

Đặt n_Ancol = n_CnH_2n+2O = a || ∑(n_Y và _E) = n_CmH_2m–2Oc = b

Ta có ∑n_CO2 = an + bm = 0,09 (1)

Dựa vào PTPU cháy tổng quát: C_xH_yO_z + (x + y/4 –z/2)O₂ ta có

PT theo n_O2 là: 1,5an + 1,5bm – 0,5b – 0,5bc = 0,06 (2)

● Giả sử axit Y đơn chức ⇒ c = 2 ⇒ (2) <=> 1,5an + 1,5bm – 1,5b = 0,06 mol (3)

Lấy (1)×1,5 – (2) ta có 1,5b = 0,09×1,5 – 0,06 = 0,075 ||⇒ b = 0,05 mol.

Nhận thấy an + bm = 0,09 ⇒ bm < 0,09 || mà b = 0,05

⇒ m < 0,09/0,05 = 1,8 ⇒ LOẠI vì Y bé nhất là CH₂=CH–COOH.

● Giả sử axit Y 2 chức ⇒ c = 4 || LÀm tương tự ở trên ta có b = 0,03 mol

⇒ m < 0,09/0,03 = 3 ⇒ Chỉ có 1 axit thỏa mãn là (COOH)₂ (axit oxalic).

Mà n_KOH = 0,075 ||⇒ T chứa (COOK)₂:0,03 mol và n_{KOH dư} = 0,015 mol.

⇒ %m_{KOH dư} = 0,015×56×100/ (0,03×166 + 0,015×56) ≈ 14,433%

Đáp án là B

Hỗn hợp

X là  C n H 2 n + 2 O   ( a m o l )  

Y, E là C m H 2 m - 2 O z   ( b m o l )

Khi đó X là  C H 3 O H   ,   Y   l à   ( C O O H ) 2   v à   Z   l à   ( C O O C H 3 ) 2  là nghiệm duy nhất.

=> T gồm  ( C O O K ) 2 0,03 và KOH dư (0,015)

=> %KOH dư= 14,43% 

Trong 0,16 mol E chứa x mol X và y mol Y

n_E = x + y = 0,16

n_NaOH = 2x + 3y= 0,42

=> x = 0,06 và y = 0,1 (mol)

=> n_X : n_Y = 3: 5

Trong m gam E chứa X (3e mol) và Y (5e mol).

X = C₃H₆(OH)₂ + 2HCOOH + ?CH₂ – 2H₂O

Y = C₃H₅(OH)₃ + 3HCOOH + ?CH₂ – 3H₂O - 3H₂

Quy đổi m gam E thành:

C₃H₆(OH)₂: 3e

C₃H₅(OH)₃: 5e

HCOOH: 21e

CH₂: u

H₂: -15e

H₂O: -21e

n_O2 = 4.3e + 3,5.5e + 0,5.21e + 1,5u – 0,5.1,5e = 0,5

n_CO2 = 3.3e + 3.5e + 21e + u = 0,45

=> e = 0,005 và u = 0,225

n _{muối no} = 6e = 0,03 (mol)

n _{muối không no} = 15e = 0,075 (mol)

Muối no và muối không no có tương ứng k và g nhóm CH₂.

n_CH2 = 0,03k + 0,075g = 0,225

=> 2k + 5g = 15

Do k > 1 và g ≥ 2 nên k = 2,5 và g = 2 là nghiệm duy nhất.

Vậy muối no gồm HCOONa: 0,03 (mol) ; CH₂: 0,03k = 0,075 (mol)

=> m _{muối no} = 3,09

Tỉ lệ: 8e mol E → 3,09 gam muối no

=> 0,16 mol E → a gam muối no

=> a = 12,36 (g)

Đáp án cần chọn là: C

Đáp án B

Đáp án C

  n C O 2 =     12 , 32 22 , 4 =   0 , 55   m o l   n H 2 O =     11 , 25 18 =   0 , 625   m o l

Y và Z đều có k = 1. Công thức chung của Y, Z là  C n ¯ H 2 n ¯ + 2 − 2.1 + 1 O 2 N hay  C n ¯ H 2 n ¯ + 1 O 2 N

Đốt cháy:    C H 2 + 1 O 2 N → n → ¯   C O 2   +       n ¯ +   0 , 5 H 2 O

→   n   h ỗ n   h ợ p   = n H 2 O   −   n C O 2 0 , 5       =   0 , 625 − 0 , 55 0 , 5   =   0 , 15   m o l

Vì hỗn hợp X cả 2 chất đều có 1 nguyên tử N nên  n N   ( t r o n g   X )   =   n X   =   0 , 15   m o l

Hỗn hợp X cả 2 chất đều có 2 nguyên tử O nên:  n O   ( t r o n g   X )   =   2 n X   =   0 , 3   m o l

BTKL ta có:  m X   =   m C   +   m H   +   m N   =   0 , 55.12   +   0 , 625.2   +   0 , 15.14   +   0 , 3.16   =   14 , 75   g a m .

Đáp án cần chọn là: C

Chọn đáp án A

♦ giải đốt m gam E O 2 + 0 , 1125 m o l   O 2 → t 0 0 , 1 m o l   C O 2 + 0 , 075 m o l   H 2 O

E là este đơn chức → E có 2O

→ bảo toàn O có n E = 0 , 025 m o l

→ CTPT của E là C 4 H 6 O 2

→ E là este đơn chức, mạch hở, có 1 nối đôi C=C

Mà ancol tạo este no nên gốc hiđrocacbon của axit chứa nối đôi C=C này.

→ CTCT của E là C H 2 = C H C O O C H 3 → ancol Y là C H 3 O H