Đáp án C

0,5 mol X cho ra 0,4 mol Ag nên trong X có 1 este là HCOOR

→ n_HCOOR = 0,4:2 = 0,2 mol
Mặt khác khi thủy phân X trong KOH cho hỗn hợp hai muối của 2 axit đồng đẳng kế tiếp nên este còn lại là CH₃COOR₁
→ n_CH3COOR1 = 0,5- 0.2 = 0,3 mol

→ n_HCOOR : n_CH3COOR1 = 2:3
Trong 14,8 gam X gọi số mol của HCOOR là 2x,

số mol của CH₃COOR₁: 3x mol

Bảo toàn khối lượng

→ 2 ancol kế tiếp nhau có công thức C₂H₅OH và C₃H₇OH

Đáp án C

0,5 mol X cho ra 0,4 mol Ag nên trong X có 1 este là HCOOR

→ n_HCOOR = 0,4:2 = 0,2 mol

Mặt khác khi thủy phân X trong KOH cho hỗn hợp hai muối của 2 axit đồng đẳng kế tiếp nên este còn lại là CH₃COOR₁

→ n_CH3COOR1 = 0,5- 0.2 = 0,3 mol

→ n_HCOOR : n_CH3COOR1 = 2:3

Trong 14,8 gam X gọi số mol của HCOOR là 2x, số mol của CH₃COOR₁: 3x mol

Bảo toàn khối lượng :

→ 2 ancol kế tiếp nhau có công thức C₂H₅OH và C₃H₇OH

0,5 mol X cho ra 0,4 mol Ag nên trong X có 1 este là HCOOR

→ n_HCOOR = 0,4 : 2 = 0,2 mol Mặt khác khi thủy phân X trong KOH cho hỗn hợp hai muối của 2 axit đồng đẳng kế tiếp nên este còn lại là CH₃COOR₁ → n_CH3COOR1 = 0,5 – 0,2 = 0,3 mol

→ n_HCOOR : n_CH3COOR1 = 2 : 3 Trong 14,08 gam X gọi số mol của HCOOR là 2x, số mol của CH₃COOR₁: 3x mol Bảo toàn khối lượng :

n_X = 0,5mol

n_Ag = 0,4mol < 2n_X => trong X chỉ có 1 este tráng gương

- Gọi 2 este X lần lượt là A (với A có tham gia phản ứng với AgNO₃/NH₃) và B

+ Khi cho X tác dụng với AgNO₃/NH₃ thì: n_A = 0,5n_Ag = 0,2 mol => n_B = 0,3 mol

- 10,56g X + KOH → 2 muối của 2 axit đồng đẳng kế tiếp

=> 2 muối đó là HCOOK (2t mol) và CH₃COOK (3t mol)

=> n_KOH = 5t mol

- Bảo toàn khối lượng ta có m_X + 56n_KOH = 84n_HCOOK + 98n_CH3COOK + m ancol

=> t = 0,024 mol

- Ta có M _{trung bình ancol} = 6,192 : 5t = 51,6

=> 2 ancol là C₂H₅OH và C₃H₇OH

=> có 2 TH:

Đáp án cần chọn là: A

Đáp án C

- Do X tác dụng với AgNO3 sinh ra Ag

=> Trong X có một este dạng HCOOR₁

- Mà cho X td với NaOH thu được 2 muối của 2 axit cacboxylic đồng đẳng kế tiếp

=> este còn lại có dạng CH₃COOR₂

nHCOOR₁=0,5nAg=0,1 mol

=> nCH₃COOR₂=0,25-0,1=0,15 mol

=>Tỉ lệ mol của HCOOR₁ và CH₃COOR₂ là 2/3

Trong 14,08 gam X:

Chọn đáp án C

Vì n_Ag = 0,2 < n _{Hỗn hợp}

⇒ 1 este có dạng HCOOR với

n_HCOOR = 0,1 mol

⇒ n_{Este còn lại} = 0,15 mol.

+ Xem hỗn hợp chứa

Ta có n_{NaOH pứ} = 5a

n_HCOONa = 2a và n C H 3 C O O N a = 3 a

+ Bảo toàn khối lượng ta có:

14,08 + 5a×40

= 2a×68 + 3a×82 + 8,256

⇔ a = 0,032 mol.

⇒ Hỗn hợp ban đầu chứa

⇒ m A n c o l = 0 , 064 × ( R + 17 ) + 0 , 096 × ( R ' + 17 ) = 8 , 256

⇔ 2R + 3R' = 173.

+ Giải PT nghiệm nguyên ta có R = 43 (C₃H₇–) và R' = 29 ( C₂H₅–).

⇒ % m H C O O C 3 H 7 = 0 , 064 × 88 14 , 08 × 100 = 40 %

Chọn đáp án C

HCOONa là muối cacboxylic duy nhất có khả năng tráng bạc:

K O C H O + 2 A g N O 3 + 3 N H 3 + H 2 O → t 0 K O C O O N H 4 + 2 A g ↓ + 2 N H 4 N O 3

⇒ n_HCOOK = 1 2 .n_Ag = 0,01 mol

⇒ trong 0,04 mol Y còn 0,03 mol CH₃COOK nữa (kế tiếp).

♦ thủy phân 15 , 2 g a m   X   c ầ n   4 x   m o l   K O H → x   m o l   H C O O K + 3 x   m o l   C H 3 C O O K + 9 , 04 g a m   Z

BTKL có

15,2 + 4x × 56

= (84x + 98x) + 9,04

⇒ x = 0,04 mol.

9,04 gam Z gồm 2 ancol đồng đẳng kế tiếp,

n_Z = 0,16 mol

⇒ M_{trung bình 2 ancol} = 56,5

⇒ cho biết 2 ancol là C₂H₅OH (M = 46) và C₃H₇OH (M = 60)

Đáp án A