Đáp án D

♦ Giải đốt cháy:

bảo toàn khối lượng có

n_CO2 = 1,04 mol

→ A gồm: 1,04 mol C + 1,68 mol H + 0,4 mol O.

• từ thủy phân có X, Y là các hữu cơ

đơn chức (dạng -COO-), n_ancol = n_NaOH

→ X, Y là các este đơn chức.

Kết hợp thủy phân và đốt cháy

→ n_{X, Y} = 0,4 ÷ 2 = 0,2 mol;

∑n_CO2 – n_H2O = 0,2 mol

→ chứng tỏ X, Y đều là este không no,

1 π_C=C; M_X < M_Y

→ Y hơn X một nguyên tử C.

Lại có C_{trung bình} = 1,04 ÷ 0,2 = 5,2

→ X là C₅H₈O₂ và Y là C₆H₁₀O₂

C₅; C₆ và số C_{trung bình}

→ đọc ra tỉ lệ n_X ÷ n_Y = 4 ÷ 1 (sơ đồ chéo).

→ Yêu cầu:

%_{số mol X trong A} = 4 ÷ (4 + 1) = 80%.

Đáp án D

♦ Giải đốt cháy: bảo toàn khối lượng có nCO2 = 1,04 mol ||→ A gồm: 1,04 mol C + 1,68 mol H + 0,4 mol O.

• từ thủy phân có X, Y là các hữu cơ đơn chức (dạng -COO-), nancol = nNaOH ||→ X, Y là các este đơn chức.

Kết hợp thủy phân và đốt cháy ||→ nX, Y = 0,4 ÷ 2 = 0,2 mol; ∑nCO2 – nH2O = 0,2 mol 

||→ chứng tỏ X, Y đều là este không no, 1 πC=C; MX < MY ||→ Y hơn X một nguyên tử C.

Lại có Ctrung bình = 1,04 ÷ 0,2 = 5,2 ||→ X là C5H8O2 và Y là C6H10O2

C5; C6 và số Ctrung bình ||→ đọc ra tỉ lệ nX ÷ nY = 4 ÷ 1 (sơ đồ chéo!).

||→ Yêu cầu %số mol X trong A = 4 ÷ (4 + 1) = 80%.

=> Chọn đáp án B.

Đáp án B

Đáp án B

A + NaOH → 1 ancol + 2 muối axit hữu cơ đơn chức kế tiếp trong dãy đồng đẳng

Mặt khác nAncol = nNaOH = 0,2 mol

=> A gồm 2 este đơn chức của cùng 1 ancol đơn chức và 2 axit hữu cơ đơn chức kế tiếp trong dãy đồng đẳng

Gọi công thức trung bình của 2 este là CxHyO2

- Khi đốt cháy A: Bảo toàn khối lượng: mA + mO2 = mCO2 + mH2O

=> mCO2 = 20,56 + 32.1,26 – 18.0,84 = 45,76g => nCO2 = 1,04 mol

Bảo toàn nguyên tố: nO(A) + 2nO2 = 2nCO2 + nH2O

=> nO(A) = 2.1,04 + 0,84 – 2.1,26 = 0,4 mol = 2nA => nA = 0,2 mol

- nC = nCO2 = 1,04 mol => Số C trung bình = 1,04: 0,2 = 5,2

=> 2 este là C5HyO2 (a mol) và C6Hy+2O2 (b mol) (hơn kém nhau 1 nhóm CH2 – đồng đẳng kế tiếp)

=> nC = 5a + 6b = 1,04 mol ; nA = a + b = 0,2

=> a = 0,16 ; b = 0,04 mol

=> %nX = 0,16: 0,2 = 80%

Đáp án D

Ta có:  n N a O H = 0,2mol

Y tác dụng với Na thu được số mol khí H₂ bằng số mol E nên E có 2 H linh động, hơn nữa X tác dụng với NaOH theo tỉ lệ 1:2 nên X sẽ phải có 2 nhóm COO.

Bảo toàn khối lượng:  m x = 6,2 + 19,6 - 0,2.40 = 17,8

→  M x = 178

Ta có: n z = 0 , 2 n  với n là số nhóm - O H → M z = 31 n  

thỏa mãn n = 2 thì Z là HOCH₂CH₂OH.

Vì X mạch hở nên Y là muối axit đơn chức → M Y = 98  thỏa mãn Y là HOCH₂COONa (vì E phải có liên kết hidro).

Suy ra X là HOCH₂COOCH₂CH₂OOCCH₂OH nên nhận định sai là X có khả năng tráng bạc

Đáp án D

Ta có: .

Y tác dụng với Na thu được số mol khí H₂ bằng số mol E nên E có 2 H linh động, hơn nữa X tác dụng với NaOH theo tỉ lệ 1:2 nên X sẽ phải có 2 nhóm COO.

Bảo toàn khối lượng: 

Ta có: n z   =   0 , 2 n  với n là số nhóm  thỏa mãn n = 2 thì Z là HOCH₂CH₂OH.

Vì X mạch hở nên Y là muối axit đơn chức → M y   =   98  thỏa mãn Y là HOCH₂COONa (vì E phải có liên kết hidro).

Suy ra X là

HOCH₂COOCH₂CH₂OOCCH₂OH nên nhận định sai là X có khả năng tráng bạc