Chọn đáp án B

Ta có n_Este = 0,015 mol;

n_NaOH = 0,04 mol.

+ Giả sử este + NaOH theo tỷ lệ 1:1

⇒ n_{NaOH dư} = 0,025 mol.

⇒ m_Muối + m_{NaOH dư}

= 3,37 gam

⇔ m_Muối = 2,37 gam

⇒ M_Muối = 158.

+ Ta có M_RCOONa = 158

⇒ R = 91

⇔ R là C₇H₇–

⇒ Loại vì muối có 8 cacbon.

⇒ X là este của phenol

⇔ X có dạng R C O O C 6 H 4 R '

⇒ n_{NaOH dư} = 0,01 mol.

⇒ m C h ấ t   r ắ n = m R C O O N a + m R ' C 6 H 4 O N a + m N a O H   d ư

⇔ 0 , 015 × ( R + 44 + 23 ) + 0 , 015 × ( R + 76 + 39 ) = 2 , 97

⇔ R + R' = 16.

● Với R = 1 và R' = 15

⇒ X có CTCT HCOOC₆H₄CH₃

⇒ Có 3 đồng phân vị trí o, m, p.

● Với R = 15 và R' = 1

⇒ X có CTCT CH₃COOC₆H₅

⇒ Có 1 đồng phân.

⇒ Số đồng phân thỏa mãn điều kiện trên của X là 4

Đáp án B

Ta có n_Este = 0,015 mol || n_NaOH = 0,04 mol.

+ Giả sử este + NaOH theo tỷ lệ 1:1 ⇒ n_{NaOH dư} = 0,025 mol.

⇒ m_Muối + m_{NaOH dư} = 3,37 gam Û m_Muối = 2,37 gam ⇒ M_Muối = 158.

+ Ta có M_RCOONa = 158 ⇒ R = 91 Û R là C₇H₇– ⇒ Loại vì muối có 8 cacbon.

⇒ X là este của phenol Û X có dạng RCOOC6H4R' ⇒ n_{NaOH dư} = 0,01 mol.

⇒ m_{Chất rắn} = m_RCOONa + m_R'C6H4ONa + m_{NaOH dư}. 

Û 0,015×(R+44+23) + 0,015×(R+76+39) = 2,97 Û R + R' = 16.

● Với R = 1 và R' = 15 ⇒ X có CTCT HCOOC₆H₄CH₃ ⇒ Có 3 đồng phân vị trí o, m, p.

● Với R = 15 và R' = 1 ⇒ X có CTCT CH₃COOC₆H₅ ⇒ Có 1 đồng phân.

⇒ Số đồng phân thỏa mãn điều kiện trên của X là 4 

Giải thích: 

n_X = 0,015 mol ; n_NaOH = 0,04 mol

Este đơn chức X có  (p + vòng) = 5 => Có thể có 1 vòng benzen

+) TH₁ : X có dạng RCOO-R₁-C₆H₅

            RCOO-R₁-C₆H₅  + NaOH -> RCOONa + C₆H – R₁ – OH

Mol               0,015    ->     0,015

Vì 2 chất sản phẩm đều là chất rắn => bảo toàn khối lượng thì : m_X + m_NaOH = m_rắn (Khác với đề)

=> Loại

+) TH₂ : X có dạng : RCOOC₆H₄R₁

            RCOOC₆H₄R₁ + 2NaOH -> RCOONa + R₁C₆H₄ONa + H₂O

Mol                  0,015 ->    0,03         ->                                         0,015

Bảo toàn khối lượng : m_X + m_NaOH = m_rắn + m_H2O (Thỏa mãn)

=> Nhận

Các CTPT có thể có : o,m,p - HCOOC₆H₄CH₃ ; CH₃COOC₆H₅

Đáp án B

Đáp án A

Bảo toàn khối lượng ta có:

m H 2 O  = m_axit + m_NaOH - m_{chất rắn} = 1,35(g)

n H 2 O = n a x i t = 0 , 075 ( m o l ) M a x i t = 136 .   V ì   a x i t   đ ơ n   c h ứ c  

=> CTPT của axit là C₈H₈O₂

Vì X là hợp chất thơm

=> Các CTCT thỏa mãn của X là:

  C 6 H 5 - C H 2 - C O O H ;   o ,   m ,   p - C H 3 - C 6 H 4 - C O O H

Đáp án A

Ta có n_CO2 = 0,08 mol, n_H2O = 0,064 mol

→ n_O(E)= 1 , 6 - 0 , 08 . 12 - 0 , 064 . 2 16  = 0,032 mol

→ C: H : O = 0,08 : (0,064.2) : 0,032 = 5: 8 : 2.

Vì E là este đơn chức công thức phân tử của E là C₅H₈O₂.

Nhận thấy m_E + m_NaOH = m_{chất rắn khan}

→ E phải là este dạng vòng chứa 5 C.  

CH₂-CH₂-C=O

|                 |

CH₂-CH₂-O

Vậy chỉ có A mới thỏa mãn.

Đáp án A

Ta có n_CO2 = 0,08 mol, n_H2O = 0,064 mol

→ n_O(E)= 1 , 6 - 0 , 08 . 12 - 0 , 064 . 2 16  = 0,032 mol

→ C: H : O = 0,08 : (0,064.2) : 0,032 = 5: 8 : 2.

Vì E là este đơn chức công thức phân tử của E là C₅H₈O₂.

Nhận thấy m_E + m_NaOH = m_{chất rắn khan}

→ E phải là este dạng vòng chứa 5 C.  

CH₂-CH₂-C=O

|                 |

CH₂-CH₂-O

Vậy chỉ có A mới thỏa mãn.

Đáp án C

Ta có M_X = 100 → X có công thức phân tử C₅H₈O₂

Ta có n_X = 10 : 100 = 0,1 mol < n_NaOH = 0,15 mol

→ chất rắn khan chứa muối RCOONa : 0,1 mol và NaOH dư: 0,05 mol

→ 0,1. (R + 67) + 0,05. 40 = 11,6 → R= 29 (C₂H₅)

Vậy X có công thức C₂H₅COOCH=CH₂.

Khi thủy phân X thu được C₂H₅COONa và CH₃CHO

Đáp án C