Đáp án C

Ta có: n A l = 0 , 1   m o l ;   n X = 0 , 02   m o l  

Cô cạn dung dịch thu được rắn khan chứa Al(NO₃)₃ 0,1 mol và NH₄NO₃

_{→ n N H 4 N O 3 = 0 , 0175   m o l}

Gọi n là số e trao đổi của X

→ n = 0 , 1 . 3 - 0 , 0175 . 8 0 , 02 = 8  thỏa mãn X là N₂O

Đáp án C

Ta có:  n A l = 0 , 1   m o l ;   n X = 0 , 02   m o l

Cô cạn dung dịch thu được rắn khan chứa Al(NO₃)₃ 0,1 mol và NH₄NO₃

_{→ n N H 4 N O 3 =   0 , 0175   m o l}

Gọi n là số e trao đổi của X 

 thỏa mãn X là N₂O

n_Al= 0,1 mol=n_Al(NO3)3 → m_Al(NO3)3= 0,1. 213= 21,3 gam≠ 22,7 gam

→Muối khan phải chứa cả Al(NO₃)₃ và NH₄NO₃

m_NH4NO3=22,7- 21,3= 1,4 gam →n_NH4NO3= 0,0175 mol

Quá trình cho e:

Al→ Al³⁺+ 3e  (1)

0,1→        0,3mol

Quá trình nhận e: n_khí= 0,02mol

NO₃^-+ 8e         + 10H⁺ → NH₄⁺ + 3H₂O (2)

           0,14           ←       0,0175 mol

-Nếu khí X có 1 nguyên tử N: Gọi số oxi hóa của N trong X là a

N⁺⁵ + (5-a) e→ N^+a

       (5-a).0,02  0,02

Theo ĐL bảo toàn electron có: 0,3= 0,02. (5-a)+0,14→ a= -3→ Loại

-Nếu khí có 2 nguyên tử N:

2N⁺⁵ + 2(5-a) e→ N₂^+a

          (5-a).0,04     0,02

Theo ĐL bảo toàn electron có: 0,3= 0,04. (5-a) + 0,14→ a= +1

→ Khí X là N₂O

Đáp án D

Đáp án B

Đáp án C

Định hướng tư duy giải

Ta có:

Đáp án C

Định hướng tư duy giải

Chọn đáp án C

Ta có:

Đáp án B

Đặt n_H2 = x => n_H2SO4 = x

BTKL: m_KL + m_H2SO4 = m _muối + m_H2

8,975 + 98x = 32,975 + 2x => x = 0,25 mol

=> V = 5,6 lít

Đáp án B

Đặt n_H2 = x => n_H2SO4 = x

BTKL: m_KL + m_H2SO4 = m _muối + m_H2

8,975 + 98x = 32,975 + 2x => x = 0,25 mol

=> V = 5,6 lít