=> Chọn đáp án C.

Đặt CTTQ của X là

Đáp án C.

n O 2   =   3 , 976 22 , 4   =   0 , 1775   m o l ,   n C O 2   =   2 , 912 22 , 4   =   0 , 13   m o l

0,03 mol X phản ứng vừa đủ với 0,05 mol HCl → n N H 2 = 0,05 mol

→ hệ số N trong X là 0,05 : 0,03 = 5 : 3

Có n C O 2 = 0,13 mol

→ số C trung bình là 0,13: 0,03 = 13 : 3

X là amino no ở ( chỉ chứa hai loại nhóm chức)

→ X có dạng C_13/3H_{2.13/3+2+ 5/3 -2a}N_5/3O_2a hay C_13/3H_37/3-2aN_5/3O_2a.

→   n H 2 O = 0,03. ( 37/6- a)

Bảo toàn nguyên tố O → 0,03. 2a + 2. 0,1775 = 0,13.2 + 0,03. ( 37/6 - a) → a = 1

Có n_NaOH = n H 2 O = n_COO + n_HCl = 0,03 +0,05 = 0,08 mol

→ n_X = 0,13. 12 + 0,03. ( 37/3 - 2.1) + 0,05.14 + 0,03. 16.2 = 3,53 gam

Bảo toàn khối lượng → m_muối = 3,53 + 0,05. 36,5 + 0,08. 40 - 0,08. 18 = 7,115 gam .

B1: Xác định công thức trung bình của 2 amino axit

n O 2   =   0 , 1775   m o l   ;   n C O 2   =   0 , 13   m o l

CTTQ của amino axit:  C n H 2 n   +   2 +   t   –   2 x O 2 x N t

n H C l   =   0 , 05   m o l   =   n g o c   N H 2   ;   n X   =   0 , 03   m o l  → số nguyên tử N trong X = 5 / 3

Số C trung bình  =   n C O 2   /   n X   =   0 , 13   /   0 , 3   =   13   /   3

CT trung bình:  C 13 / 3 H 26 / 3   +   2   +   5 / 3   − 2 x   O 2 x N 5 / 3

    +     C 13 3 H 37 3   − 2 x O 2 x N 5 3 + (     89 12 −   1 , 5 x ) O 2     →     13 / 3 C O 2     +     (   37 6   −   x ) H 2 O     +     5 6 N 2

     0,03 mol                            0,1775 mol

=> 0,1775 = (89/12 – 1,5x).0,03

=> x = 1

Vậy X có 1 nhóm COOH

X là  C 13 / 3 H 31 / 3 O 2 N 5 / 3

B₂: xác định khối lượng m dựa vào bảo toàn khối lượng

=> Khi Y phản ứng với NaOH thì: n n N a O H   =   n H C l   +   n g ố c   C O O H   =   0 , 08   m o l

n H 2 O   =   n C O O H   +   n H C l   =   0 , 08   m o l

Bảo toàn khối lượng:  m   =   m X   +   m H C l   +   m N a O H   –   m H 2 O  

=> m = 7,115g

Đáp án cần chọn là: C

Chú ý

+ Dung dịch Y tác dụng bởi NaOH sinh ra nước → khi BTKL m   =   m X   +   m H C l   +   m N a O H   –   m H 2 O  quên trừ nước

Đáp án đúng : A

Đáp án A

C_tb = n_CO2 ÷ n_X = ¹³/₃; N_tb = n_HCl ÷ n_X = ⁵/₃. Đặt O_tb = x. Do amino axit no, mạch hở.

⇒ k_tb = COOH_tb = 0,5x ||⇒ H_tb = 2 × số C + 2 + số N – 2k = ³⁷/₃ – x. Lại có:

● n_O2 = n_X × (số C + số H ÷ 4 – số O ÷ 2) = 0,03 × [¹³/₃ + (³⁷/₃ – x) ÷ 4 – x ÷ 2] = 0,1775 mol.

⇒ x = 2 ⇒ chỉ chứa 1 –COOH || Quy quá trình về: 0,03 mol X + 0,05 mol HCl + NaOH vừa đủ.

⇒ n_H2O = n_NaOH = 0,03 + 0,05 = 0,08 mol. Bảo toàn khối lượng:

► m = 0,03 × ³⁵³/₃ + 0,05 × 36,5 + 0,08 × 40 – 0,08 × 18 = 7,115(g)

Chọn đáp án A

Ctb = nCO2 ÷ nX = 13/3; 

Ntb = nHCl ÷ nX = 5/3. 

Đặt Otb = x. Do amino axit no, mạch hở.

⇒ ktb = COOHtb = 0,5x 

⇒ Htb = 2 × số C + 2 + số N – 2k =37/3– x. 

Lại có:

● nO2 = nX × (số C + số H ÷ 4 – số O ÷ 2)

 = 0,03 × [13/3 + (37/3 – x) ÷ 4 – x ÷ 2] 

= 0,1775 mol.

⇒ x = 2 ⇒ chỉ chứa 1 –COOH 

 Quy quá trình về: 0,03 mol X + 0,05 mol HCl + NaOH vừa đủ.

⇒ nH2O = nNaOH = 0,03 + 0,05 = 0,08 mol. 

Bảo toàn khối lượng:

m = 0,03 x 353/3 + 0,05 × 36,5 + 0,08 × 40 – 0,08 × 18 = 7,115(g)

Chọn đáp án B

Cách 1: Biến đổi peptit – quy về đipeptit giải đốt cháy kết hợp thủy phân

0,07 mol E → 0,32 mol amino axit ⇔ 0,16 mol đipeptit ⇒ cần 0,09 mol H 2 O để biến đổi.

⇒ phương trình biến đổi: 7E + 9 H 2 O → 16 E 2 (đipeptit dạng C m H 2 m N 2 O 3 ).

đốt cháy (10,8 + 162x) gam đipeptit E 2 (⇔ 16x mol) cần 0,4725 mol O 2

⇒ thu được: n C O 2 = n H 2 O = (0,4725 × 2 + 16x × 3) ÷ 3 = (16x + 0,315) mol.

⇒ m đ i p e p t i t   = 10,8 + 162x = 14 × (16x + 0,315) + 76 × (16x) ⇒ giải x = 0,005 mol.

đồng nhất số liệu toàn bộ về 0,07 mol E (gấp 2 lần các số liệu ở phản ứng đốt cháy).

• ∑ n a m i n o   a x i t   ÷   n E = 4,57 cho biết E gồm 0,03 mol peptapeptit X 4 và 0,05 mol hexapeptit Y 5

• gọi số nguyên tử cacbon trong hai amino axit lần lượt là n, m (nguyên và ≥ 2).

⇒ có: 0,15n + 0,17m = ∑ n C O 2 = 0,79 mol ⇔ 15n + 17m = 79 ⇒ n = 3; m = 2.

⇒ E gồm 0,03 X 4 dạng G l y a A l a 4   –   a   và 0,04 mol Y₅ dạng G l y b A l a 5   –   b

⇒ ∑ n G l y   = 0,03a + 0,04b = 0,17 ⇔ 3a + 4b = 17 (điều kiện: 1 ≤ a ≤ 3; 1 ≤ b ≤ 4).

⇒ nghiệm nguyên duy nhất thỏa mãn là a = 3; b = 2 ⇒ X 4   d ạ n g   G l y 3 A l a 1

và peptit Y 5   d ạ n g   G l y 2 A l a 3   ⇒   M Y = 345 → chọn đáp án B. ♦.

Cách 2: tham khảo: tranduchoanghuy

Quy E về C 2 H 3 N O ,   C H 2 ,   H 2 O . Xét 0,07 mol E: n H 2 O = n_E = 0,07 mol.

n C 2 H 3 N O = ∑ n m u ố i   = 0,15 + 0,17 = 0,32 mol. Đặt n C H 2 = x mol.

Giả sử 10,8 gam E gấp k lần 0,07 mol E ⇒ 10,8 gam E chứa 0,32k mol C 2 H 3 N O ;

kx mol C H 2 ; 0,07k mol H 2 O ⇒ m E = 57 × 0,32k + 14kx + 18 × 0,07k = 10,8 gam.

n O 2 = 2,25. n C 2 H 3 N O + 1,5. n C H 2 ⇒ 0,4725 = 2,25 × 0,32k + 1,5kx.

Giải hệ có: k = 0,5; kx = 0,075 ⇒ x = 0,075 ÷ 0,5 = 0,15 mol.

Do n C H 2 = 0,15 ⇒ ghép vừa đủ 1 nhóm C H 2 vào muối có số mol là 0,15 mol.

⇒ 2 loại gốc amino axit là 0,15 mol Ala và 0,17 mol Gly.

số mắt xích trung bình = 0,32 ÷ 0,07 ≈ 4,6 ⇒ X là tetrapeptit và Y là pentapeptit.

đến đây giải và biện luận tương tự cách 1

Đáp án D

Ta có: 

Khi đốt cháy Z