Đáp án B

Lập công thức phân tử tổng quát bằng cách khái quát hóa glyxin

Chọn đáp án B

Chọn đáp án B

Chọn đáp án C

α-amino axit no, hở, chứa 1 nhóm amino và 1 nhóm cacboxyl dạng C_mH_{2m + 1}NO₂.

Phản ứng: 4C_mH_{2m + 1}NO₂ → 1E₄ + 3H₂O ||→ bảo toàn C, H, O, N

⇒ công thức của tetrapeptit E là C_4mH_{8m – 2}N₄O₅. Đặt n = 4m

⇒ Công thức phân tử của E có dạng là C_nH_{2n – 2}O₅N₄.

☠ remember: công thức tổng quát của peptit dạng này là C_nH_{2n + 2 – m}N_mO_{m + 1}.

Chọn đáp án B

Đáp án D

giả thiết chữ: hai amino axit có CTPT dạng C_nH_{2n + 1}NO₂ (n là giá trị trung bình);

hai monosaccarit đồng phân là glucozơ và fructozơ có cùng CTPT là C₆H₁₂O₆.

♦ giải đốt T + O₂ → t 0  0,28 mol CO₂ + 0,33 mol H₂O + N₂.

||⇒ tương quan đốt có n_{amino axit} = 2(∑n_H2O – ∑n_CO2) = 0,1 mol.

☆ đặc biệt: có C_{trung bình hỗn hợp T} = ∑n_CO2 : n_T < 0,28 : 0,1 = 2,8

||⇒ 2 amino axit đồng đẳng kế tiếp chỉ có thể là C₂H₅NO₂ và C₃H₇NO₂ mà thôi

⇒ Số nguyên tử hiđro trong phân tử mỗi amino axit lần lượt là 5 và 7

Đáp án C

Amino axit E no, đơn, hở, chứa 1 nhóm amino và 1 nhóm cacboxyl ⇒ dạng C_nH_{2n + 1}NO₂.

♦ đốt:  C n H 2 n + 1 + 6 n - 3 4 O 2   → t 0 C nCO 2   +   2 n + 1 2 H 2 O   +   1 2 N 2

T gồm CO₂ và N₂, khi cho vào dung dịch Ca(OH)₂ dư thì CO₂ bị giữ lại

khí thoát ra là N₂ chiếm 20% số mol T ⇒ n_N2 : n_CO2 = 1 : 4.

⇒ trong E: số C : số N = 2 : 1 ⇒ n = 2 → CTPT của E là C₂H₅NO₂.

Chọn đáp án D

Cách 1: Biến đổi peptit – quy về đipeptit giải đốt cháy kết hợp thủy phân

♦ quy đốt đipeptit E 2 cần 1,98 mol O 2   thu được 1,68 mol C O 2 .

⇒ bảo toàn O có n E 2 = (1,68 × 3 – 1,98 × 2) ÷ 3 = 0,36 mol

⇒ m E 2 = 1,68 × 14 + 0,36 × 76 = 50,88 gam || (50,88 – 47,28) ÷ 18 = 0,2 mol.

⇒ n E = 0,36 – 0,2 = 0,16 mol || cần 0,2 mol H 2 O   để biến đổi 0,16 mol E → 0,36 mol E 2 .

có   C t r u n g   b ì n h   h a i   a m i n o   a x i t   = 1,68 ÷ 0,72 = 2,3333 ⇒ amino axit T là C 2 H 5 N O 2   g l y x i n .

dùng sơ đồ chéo có n G l y   :   n A l a = 2 : 1. Tỉ lệ: 0,08 mol E = 1 2 lượng E dùng để đốt

⇒ thủy phân 0,08 mol E thu được 0,24 mol Gly–Na và 0,12 mol Ala–Na

⇒ yêu cầu b = m G l y – N a = 0,24 × (75 + 22) = 23,28 gam → Chọn đáp án D. ♠.

Cách 2: tham khảo: tranduchoanghuy Quy E về C 2 H 3 N O ,   C H 2 ,   H 2 O . Xét 47,28 gam E:

Đặt n C 2 H 3 N O = x mol; n C H 2 = y mol; n H 2 O = z mol ⇒ m E = 47,28 gam = 57x + 14y + 18z.

Ta có: n O 2 = 1,98 mol = 2,25x + 1,5y; n C O 2 = 1,68 mol = 2x + y.

⇒ giải hệ có: x = 0,72 mol; y = 0,24 mol và z = 0,16 mol.

⇒ số C H 2 ghép vào peptit trung bình = 0,24 ÷ 0,16 = 1,5 ⇒ có peptit ghép ≤ 1 gốc C H 2 .

Lại có mỗi peptit tạo bởi 1 loại gốc amino axit ⇒ phải có peptit không ghép C H 2 .

⇒ T là Gly ⇒ n A l a   = n C H 2 = 0,24 mol; n G l y = 0,72 – 0,24 = 0,48 mol.

⇒ trong 0,08 mol E chứa 0,48 × 0,08 ÷ 0,16 = 0,24 mol Gly ⇒ b = 0,24 × 97 = 23,28 gam

Từ công thức tổng quát C_nH_2n+2-2k+tO_zN_t

1 nhóm amino NH₂ → t = 1; 2 nhóm cacboxyl → z = 4 và k =2

→ C_nH_2n-1O₄N

Chọn C.

Chọn C

Từ công thức tổng quát C_nH_2n+2-2k+tO_zN_t
1 nhóm amino NH₂ ⇒  t = 1; 2 nhóm cacboxyl  z = 4 và k = 2  C_nH_2n-1O₄N