Hóa học

a) 1520 mmHg = 2 atm

$n_{NH_3} = \dfrac{5,6.2}{0,082(273 + 0)} = 0,5(mol)$

$2NH_3 + \dfrac{5}{2}O_2 \xrightarrow{t^o,xt} 2NO + 3H_2O$

$NO + \dfrac{1}{2}O_2 \to NO_2$
$3NO_2 + H_2O \to 2HNO_3 + NO$

$n_{NO_2} = n_{NH_3} = 0,5(mol)$

$m_{H_2O} = d.V = 173.1 = 173(gam)$

$n_{NO} = \dfrac{1}{3}n_{NO_2} = \dfrac{0,5}{3}(mol)$

$m_{dd\ sau\ pư} = 0,5.46 + 173 - \dfrac{0,5}{3}.30 = 191(gam)$

$n_{HNO_3} = \dfrac{2}{3}n_{NO_2} = \dfrac{1}{3}(mol)$
$C\%_{HNO_3} = \dfrac{ \dfrac{1}{3}.63}{191}.100\% = 11\%$

b)

$V_{dd\ HNO_3} = V_{H_2O} = 0,173(lít)$
$C_{M_{HNO_3}} =\dfrac{ \dfrac{1}{3}}{0,173} = 1,93M$

a) \(1520mmHg=2atm\)

Ta có: \(\left\{{}\begin{matrix}n_{NH_3}=\dfrac{5,6.2}{0,082.\left(273+0\right)}=0,5\left(mol\right)\\m_{H_2O}=173.1=173\left(g\right)\end{matrix}\right.\)

PTHH:

`4NH_3 + 5O_2 -> (t^o, Pt) 4NO + 6H_2O`

`2NO + O_2 -> 2NO_2`

`4NO_2 + O_2 + 2H_2O -> 4HNO_3`

BTNT N: `n_{HNO_3} =n_{NO_2}= n_{NH_3} = 0,5 (mol)`

Theo PT: `n_{O_2} = 1/4 n_{HNO_3} = 0,125 (mol)`

`=> m_{ddHNO_3} = 0,5.46 + 173 + 0,125.32 = 200 (g)`

`=> C\%_{HNO_3} = (0,5.63)/(200) .100\% = 15,75\%`

b) `V_{ddHNO_3} = n_{H_2O} = 173 (ml) = 0,173 (l)`

`=> C_{M(HNO_3)} = (0,5)/(0,173) = 2,9M`

\(n_{CaSO_3}=\dfrac{12}{120}=0,1\left(mol\right)\)

PTHH: 

`Na_2SO_3 + H_2SO_4 -> Na_2SO_4 + SO_2 + H_2O`

`SO_2 + Ca(OH)_2 -> CaSO_3 + H_2O`

Theo PT: `n_{H_2SO_4} = n_{SO_2} = n_{CaSO_3} = 0,1 (mol)`

`=> a = (0,1.98)/(10\%) = 98 (g)`

$Na_2SO_3 + H_2SO_4 \to Na_2SO_4 + SO_2 + H_2O$

$SO_2 + Ca(OH)_2 \to CaSO_3 + H_2O$

Theo PTHH :

$n_{H_2SO_4} = n_{SO_2} = n_{CaSO_3} = \dfrac{12}{120} = 0,1(mol)$
$a = \dfrac{0,1.98}{10\%} = 98(gam)$

\(n_{NaOH}=0,45.1=0,45\left(mol\right);n_{NO}=\dfrac{0,336}{22,4}=0,015\left(mol\right)\)

Ta có: \(n_{NO_3^-}=n_{NaNO_3}=n_{NaOH}=0,45\left(mol\right)\)

BTNT N: \(n_{HNO_3}=n_{NO_3^-}+n_{NO}=0,465\left(mol\right)\)

`=>` \(C\%_{HNO_3}=\dfrac{0,465.63}{63}.100\%=46,5\%\)

$n_{NO} = 0,015(mol)$

Dung dịch sau phản ứng gồm : $Fe(NO_3)_3(a\ mol) ; HNO_3\ dư(b\ mol)$

$HNO_3 + NaOH \to NaNO_3 + H_2O$

$Fe(NO_3)_3 + 3NaOH \to Fe(OH)_3 + 3NaNO_3$

$2Fe(OH)_3 \xrightarrow{t^o} Fe_2O_3 + 3H_2O$

Theo PTHH : $n_{Fe_2O_3} = 0,5a  = \dfrac{8}{160} = 0,05(mol)$

$n_{NaOH} = 3a + b = 0,45(mol)$

Suy ra:  a = 0,1 ; b = 0,15

Bảo toàn nguyên tố N : $n_{HNO_3} = 3n_{Fe(NO_3)_3} + n_{HNO_3\ dư} + n_{NO} = 0,465(mol)$
$C\%_{HNO_3} = \dfrac{0,465.63}{63}.100\% = 46,5\%$

Gọi CTHH của muối kim loại M là $M(NO_3)_n$
$4M(NO_3)_n \xrightarrow{t^o} 2M_2O_n + 4nNO_2 + nO_2$

Theo PTHH : 

$n_{M(NO_3)_n} = 2n_{M_2O_n}$

$\Rightarrow \dfrac{4,7}{M + 62n} = 2. \dfrac{2}{2M + 16n}$
$\Rightarrow M = 32n$

Với n = 2 thì M = 64(Cu)

Vậy M là kim loại Cu

M = 45 , 93N ( LOẠI )

`n_{Fe} = (22,4)/(56) = 0,4 (mol)`

PTHH: `Fe + 2HCl -> FeCl_2 + H_2`

Theo PT: `n_{HCl} = 2n_{Fe} = 0,8 (mol)`

`=> V_{ddHCl} = (0,8)/2 = 0,4 (l)`

Theo PT: `n_{H_2} = n_{Fe} = 0,4 (mol)`

`=> V_{H_2} = 0,4.22,4 = 8,96 (l)`

$Fe + 2HCl \to FeCl_2 + H_2$

$n_{Fe} = \dfrac{22,4}{56} = 0,4(mol)$

Theo PTHH : 

$n_{HCl} = 2n_{Fe} = 0,4(mol)$
$n_{H_2} = n_{Fe} = 0,4(mol)$
Suy ra: 

$V_{dd\ HCl} = \dfrac{0,4}{2} = 0,2(lít)$
$V_{H_2} = 0,4.22,4 = 8,96(lít)$

\(\left\{{}\begin{matrix}A=Z+N=27\\P=E=Z=13\end{matrix}\right.\Leftrightarrow\left\{{}\begin{matrix}N=14\\P=E=Z=13\end{matrix}\right.\\ Điện.tích.hạt.nhân:Z^+=13^+\)

ta có 

p+e+n=27

p=13 mà p=e

=>p=e=13 hạt 

=>n =27-13=14 hạt

Hạt mang điện tích âm : electron

Số hạt electron $ = \dfrac{|-30,438.10^{-19}|}{1,6.10^{-19}} = 19$ (hạt)

Bài chỉ hỏi mỗi câu a à em?

$n_{CO_3^{2-}} = n_{K_2CO_3} = 0,06(mol)$

$n_{HCO_3^-} = n_{NaHCO_3} = 0,08(mol)$

Gọi $n_{CO_3^{2-}\ pư} = 0,06a(mol) ; n_{HCO_3^-} = 0,08a(mol)$
$CO_3^{2-} + 2H^+ \to CO_2 + H_2O$
$HCO_3^- + H^+ \to CO_2 + H_2O$

$n_{CO_2} = 0,06a + 0,08a = \dfrac{1,568}{22,4} = 0,07$

$\Rightarrow a = 0,5$

$\Rightarrow n_{CO_3^{2-}\ pư} = 0,03(mol) ; n_{HCO_3^-} = 0,04(mol) ; n_{H^+} = 2n_{CO_3^{2-}\ pư} + n_{HCO_3^-} = 0,1(mol)$

Suy ra : 

$n_{CO_3^{2-}\ dư} = 0,03(mol)$
$n_{HCO_3^-\ dư} = 0,04(mol)$

$n_{SO_4^{2-}} = n_{H_2SO_4} = \dfrac{1}{2}n_{H^+} = 0,05(mol)$

Suy ra : 

$n_{BaCO_3} = 0,03 + 0,04 = 0,07(mol)$
$n_{BaSO_4} = 0,05(mol)$
$\Rightarrow m = 0,07.197 + 0,05.233 = 25,44(gam)$

$n_{HCl} = 0,05.0,1 = 0,005(mol)$
$n_{H_2SO_4} = 0,05.0,05 = 0,0025(mol)$
$\Rightarrow n_{H^+} = 0,005 + 0,0025.2 = 0,01(mol)$

Gọi $V_{dd\ NaOH} = a(ml) \Rightarrow n_{NaOH} = 0,00025a(mol)$

$V_{dd\ sau\ pư} = a + 50(ml) = 0,001a + 0,05(lít)$

$n_{H^+\ dư} = 10^{-2}(0,01a + 0,05)(mol)$

Suy ra:  $0,01 = 10^{-2}(0,01a + 0,05) + 0,00025a$
$\Rightarrow a = 27,14(ml)$

ta có : {n_H+ = 0,02

            {n_OH+ = 0,04

-> [ OH^- ] = 0,04 - 0,02 : 0,2 = 10^-1 -> PH = 13 

Đáp án:36,54ml

GT

giả sử \(H_2SO_4\) điện li hoàn toàn

đặt thể tích dung dịch \(NaOH\) cần tìm là V (lít)

Ta có:\(p_H=2\Rightarrow\left[H^+\right]_{dư}=10^{-2}M\Rightarrow n_{H+dư}=10^{-2}\left(V+0,05\right)mol\)

\(HCl\rightarrow H^++Cl^-\)

\(0,005\rightarrow0,005\)

\(H_2SO_4\)\(\rightarrow2H^++SO^{2-}_4\)

\(0,0025\rightarrow0,005\)

\(\Rightarrow n_{H+}=0,005+0,005=0,01mol\)

\(NaOH\rightarrow Na^++OH^-\)

\(0,25V\rightarrow0,25V\)

\(H^++OH^-\rightarrow H_2O\)

trước phản ứng \(0,01\)                  \(0,25V\)

phản ứng \(0,25V\)      \(\leftarrow\)         \(0,25V\)

sau phản ứng \(\left(0,01-0,25V\right)\)   \(0\)

\(\Rightarrow n_{H+dư}=0,01-0,025V=10^{-2}\left(V+0,05\right)mol\)

\(\Rightarrow V=00,03654l=36,54ml\)